2022年高考物理二輪專題精煉 第二篇“8+2+2+選考”全真模擬（三）

《2022年高考物理二輪專題精煉 第二篇“8+2+2+選考”全真模擬（三）》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2022年高考物理二輪專題精煉 第二篇“8+2+2+選考”全真模擬（三）（9頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、 2022年高考物理二輪專題精煉 第二篇“8+2+2+選考”全真模擬（三） 第Ⅰ卷 二、選擇題(本題共8小題，每小題6分．在每小題給出的四個選項中，第14～18題只有一項符合題目要求，第19～21題有多項符合題目要求．全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分．) 14．在物理學建立、發(fā)展的過程中，許多物理學家的科學發(fā)現(xiàn)推動了人類歷史的進步．關于科學家和他們的貢獻，下列說法正確的是(　　) A．古希臘學者亞里士多德認為物體下落的快慢由它們的重量決定，伽利略在他的《兩種新科學的對話》中利用邏輯推斷，使亞里士多德的理論陷入了困境 B．德國天文學家開普勒對他導師第谷觀測的行

2、星數(shù)據(jù)進行了多年研究，得出了萬有引力定律 C．英國物理學家卡文迪許利用“卡文迪許扭秤”首先較準確的測定了靜電力常量 D．楞次發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象，并研究得出了判斷感應電流方向的方法——楞次定律 15.將一小球以某一速度豎直向上拋出．右圖為小球被拋出后其位置隨時間變化的關系圖象(y－t圖象)，圖中t2時刻小球到達最高點，t3－t2>t2－t1,0～t2時間內和t2～t3時間內的圖線為兩段不同的拋物線．下列說法正確的是(　　) A．小球在0～t1時間內與t1～t2時間內運動方向相反 B．小球在t2時刻所受合外力為零 C．小球在t1和t3時刻速度大小相等 D．小球在0～t2時間內所受合外

3、力大于t2～t3時間內所受合外力 16．據(jù)報道，美國耶魯大學的研究人員發(fā)現(xiàn)了一顆完全由鉆石組成的星球，通過觀測發(fā)現(xiàn)該星球的半徑是地球的2倍，質量是地球的8倍．設在該星球表面附近繞星球運行的衛(wèi)星的角速度為ω1、線速度為v1，在地球表面附近繞地球運行的衛(wèi)星的角速度為ω2、線速度為v2，則為(　　) A．8　　　　　　　　　　　 B．4 C．2 D．1 17．兩個等量同種電荷固定于光滑水平面上，其連線中垂線上有A、B、C三點，如圖甲所示．一個電量為2 C、質量為1 kg的小物塊從C點靜止釋放，其運動的v－t圖象如圖乙所示，其中B點處為整條圖線切線斜率最大的位置(圖中標出了該切線)．則下列

4、說法正確的是(　　) A．B點為中垂線上電場強度最大的點，場強E＝2 V/m B．由C到A的過程中物塊的電勢能先減小后變大 C．由C到A的過程中，電勢逐漸升高 D．A、B兩點電勢差UAB＝－5 V 18.如圖所示，一個光滑環(huán)狀絕緣圓管軌道平放于水平桌面上固定，管內有一質量為m、帶電荷量為＋q的小球(可視為質點)，沿著管道有逆時針方向的電場，場強大小均為E，圓管內徑可忽略，半徑為R，將小球自圖中A點由靜止釋放，經(jīng)時間t小球第一次回到A點，其動能為Ek1，再經(jīng)過時間t小球的動能為Ek2，則Ek1∶Ek2為(　　) A．1∶1 B．1∶2 C．1∶3 D．1∶4 19.如

5、圖所示電路中，電源內阻不可忽略，L1、L2兩燈均正常發(fā)光，R1為定值電阻，R為一滑動變阻器，P為滑動片，若將滑動片向下滑動，則(　　) A．L1燈變亮 B．L2燈變暗 C．R1上消耗的功率變大 D．總電流變小 20.如圖所示，在豎直方向的磁感應強度為B0的勻強磁場中，金屬框架ABCD固定在水平面內，AB與CD平行且足夠長，BC與CD間的夾角為θ(θ<90°)，不計金屬框架的電阻．光滑導體棒MN在外力作用下以速度v向右勻速運動，導體棒在滑動過程中始終保持與CD垂直，且與導軌接觸良好．以導體棒經(jīng)過C點瞬間為計時起點，則下列關于電路中電流I與時間t，或電功率P與導體棒運動的位移x的變化

6、規(guī)律的圖象中，正確的是(　　) 21.如圖所示，B為半徑為R的豎直光滑圓軌道的左端點，它和圓心O的連線與豎直方向的夾角為α.一個質量為m的小球在圓軌道左側的A點以水平速度v0被拋出，恰好沿B點的切線方向進入圓軌道．已知重力加速度為g.下列說法正確的是(　　) A．小球從A運動到B的時間t＝tan α B．A、B之間的距離l＝tan α C．小球運動到B點時，重力的瞬時功率P＝mgv0tan α D．小球運動到豎直圓軌道的最低點時，圓軌道對它的支持力F＝＋3mg－2mgcos α 第Ⅱ卷 三、非選擇題(包括必考題和選考題兩部分．第22題～第25題為必考題，每個試題考生都必須做答

7、．第33題～第35題為選考題，考生根據(jù)要求做答．) (一)必考題(共47分) 22．(7分)某物理研究小組用如圖甲所示裝置來探究“小車沿斜面下滑過程中重力做功與動能變化的關系”，其中斜面傾角可調且為已知．打點計時器的工作頻率為50 Hz.紙帶上計數(shù)點的間距如圖乙所示，其中每相鄰兩計數(shù)點之間還有4個點未畫出． 甲 乙 (1)圖中標出的相鄰兩計數(shù)點的時間間隔T＝________s. (2)小組成員計算出了紙帶上各計數(shù)點對應的瞬時速度，則計數(shù)點1對應的瞬時速度大小計算式為v1＝________，計數(shù)點6對應的瞬時速度大小計算式為v6＝________. (3)小組成員求出了小車

8、下滑時的加速度大小，其計算式應為a＝________________________________________________________________________. (4)小組成員用計數(shù)點1和計數(shù)點7來進行研究，通過比較W＝mgsin θ·(s1＋s2＋…＋s6)與ΔEk＝mv－mv，發(fā)現(xiàn)W總大于ΔEk，這主要是因為________________________________________________________________________． 23．(8分)(1)某同學選用多用電表的“×10”擋測量一電阻的阻值，正確操作后得到如圖甲所示指針情況，則電阻的

9、阻值約為________Ω. (2)為了精確測量該電阻的阻值，該同學從實驗室找來了下列器材： A．電流表A1(0～40 mA，r1＝10 Ω) B．電流表A2(0～100 mA，r2≈5 Ω) C．滑動變阻器R(0～10 Ω) D．定值電阻R0(阻值為100 Ω) E．電源E(電動勢為6 V，內阻不能忽略) F．開關、導線若干 ①實驗中要求調節(jié)范圍盡可能大，請在方框內畫出符合要求的電路圖． ②用I1、I2分別表示電流表A1、A2的示數(shù)，該同學通過描點得到了如圖乙所示的I1－I2圖象，則電阻的阻值為________Ω. 24．(13分)目標停車是駕駛員考試中的必考項目，

10、其過程可簡化為如圖所示的模型：在一條平直的公路上有A、B、C、D四個停車標志桿，每相鄰兩個停車標志桿之間的距離均為Δx＝16 m．某次測試時，駕駛員正在以v0＝20 m/s的速度駕車勻速行駛，當車頭到達O點時聽到停車指令，要求駕駛員將車頭停在標志桿D處，駕駛員經(jīng)Δt＝0.5 s 的反應時間后開始剎車，剎車后汽車開始做勻減速直線運動．若測得汽車從O到標志桿B的時間為t1＝5.5 s，從標志桿B到標志桿C的時間為t2＝2.0 s．求： (1)O點與標志桿A之間的距離x及汽車剎車時的加速度大小a； (2)汽車停止運動時車頭與標志桿D的距離L. 25．

11、(19分)如圖所示，在寬度分別為l1和l2的兩個毗鄰的條形區(qū)域內，分別有勻強磁場和勻強電場，磁場方向垂直于圖平面朝里，電場方向與電磁分界線平行朝右．一個帶正電的粒子以速率v從磁場區(qū)域上邊界的P點偏左斜向下射入磁場，然后以垂直于電磁場邊界線的方向進入電場，最后從電場區(qū)下邊界上的Q點射出．已知P、Q連線垂直于電場方向，粒子軌道與電磁場分界線的交點到P、Q連線的距離為 D．不計重力，試以l1、l2、v和d為已知量，導出： (1)整個運動過程中粒子的最大速率vmax； (2)磁感應強度大小(作為分子)與電場強度大小(作為分母)的比值γ； (3)粒子在磁場中運動的時間(作為分子)和在電場中運動的時

12、間(作為分母)的比值β. (二)選考題(任選一題) 33．[物理——選修3-3](15分) (1)(6分)下列說法正確的是________．(填正確答案標號．選對1個得3分，選對2個得4分，選對3個得6分．每選錯1個扣3分，最低得分為0分) A．氣體總是充滿容器，說明氣體分子間只存在斥力 B．對于一定質量的理想氣體，溫度升高，氣體內能一定增大 C．溫度越高，布朗運動越劇烈，說明水分子熱運動的劇烈程度與溫度有關 D．物體內能增加，溫度一定升高 E．熱量可以從低溫物體傳到高溫物體 (2)(9分)如圖所示，有一圓筒形導熱汽缸靜

13、置在水平地面上．汽缸的質量為M，活塞及手柄的質量為m.活塞截面積為S.未用手向上提活塞手柄，活塞處于平衡狀態(tài)時，被封閉氣體的體積為V.若將活塞緩慢上提，求當汽缸剛離地面時活塞上升的距離．(大氣壓強為p0，重力加速度為g，活塞與汽缸壁的摩擦不計，活塞未脫離汽缸)． 34．[物理——選修3-4](15分) (1)(6分)某橫波在介質中沿x軸傳播．圖甲為t＝0.25 s時的波形圖，圖乙為質點P(x＝1.5 m處的質點)的振動圖象．下列說法正確的是________．(填正確答案標號．選對1個得3分，選對2個得4分，選對3個得6分．每選錯1個扣3分

14、，最低得分為0分) A．該波沿x軸負方向傳播 B．該波的傳播速度為2 m/s C．質點L與質點N的運動方向總相反 D．在t＝0.75 s時，質點M處于平衡位置，并正在往y軸正方向運動 E．1.25 s時，質點P運動的路程為2 m (2)(9分)如圖所示，ABC為一透明材料做成的柱形光學元件的橫截面，該種材料折射率n＝2，AC為一半徑為R的四分之一圓弧，D為圓弧的圓心，ABCD構成正方形，在D處有一點光源．若只考慮首次從圓弧AC直接射向AB、BC的光線，從點光源射入圓弧AC的光中，有一部分不能從AB、BC面直接射出，求這部分光照射圓弧AC的弧長．

15、 35．[物理——選修3-5](15分) (1)(6分)下列說法正確的是________．(填正確答案標號．選對1個得3分，選對2個得4分，選對3個得6分．每選錯1個扣3分，最低得分為0分) A．根據(jù)玻爾理論，氫原子在輻射光子的同時，軌道也在連續(xù)地減小 B．放射性物質的溫度升高，則半衰期減小 C．用能量等于氘核結合能的光子照射靜止氘核，不可能使氘核分解為一個質子和一個中子 D．某放射性原子核經(jīng)過2次α衰變和1次β衰變，核內質子數(shù)減少3個 E．在α、β、γ三種射線中，γ射線的穿透能力最強，電離能力最弱 (2)(9分)如圖所示AB為光滑

16、的斜面軌道，通過一小段光滑圓弧與光滑水平軌道BC相連接，質量為m的小球乙靜止于水平軌道上，一個質量大于m的小球甲以速度v0與小球乙發(fā)生彈性正碰，碰后小球乙沿水平軌道滑向斜面AB，求：在甲、乙發(fā)生第二次碰撞之前，乙球在斜面上能達到最大高度的范圍．(設斜面足夠長) “8＋2＋2＋選考”全真模擬(三) 14．[解析]選A.牛頓得出了萬有引力定律，選項B錯誤；庫侖利用“卡文迪許扭秤”首先較準確的測定了靜電力常量，選項C錯誤；法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象，楞次研究得出了判斷感應電流方向的方法——楞次定律，選項D錯誤． 15．[解析]選D.小球在0～t2時間內都是豎直向上運動，選項A錯誤．t

17、2時刻小球正經(jīng)過最高點，速度為零，但加速度不為零，即小球所受的合外力不為零，選項B錯誤．由圖象可知，t1和t3兩時刻，圖線切線的斜率的絕對值不相等，因此小球在t1和t3時刻速度大小不相等，選項C錯誤．因為t1～t2時間內和t2～t3時間內小球運動的位移大小相等，由t3－t2>t2－t1可判斷小球上升時的加速度大于下落時的加速度，根據(jù)牛頓第二定律可知小球在0～t2時間內所受合外力大于t2～t3時間內所受合外力，選項D正確． 16．[解析]選C.在星球表面附近，萬有引力提供衛(wèi)星做勻速圓周運動的向心力，則：G＝m0ω1v1，在地球表面附近，同理可得G＝mω2v2，兩式聯(lián)立可判斷出選項C正確． 1

18、7．[解析]選D.由題圖乙可知，小物塊在B點時加速度最大，故B點場強最大，加速度大小為2 m/s2，據(jù)qE＝ma得E＝1 V/m，選項A錯誤；由C到A的過程中小物塊的動能一直增大，電勢能始終在減小，故電勢逐漸降低，選項B、C錯誤；根據(jù)動能定理有qUAB＝mv－mv，解得：UAB＝－5 V，選項D正確． 18．[解析]選D.根據(jù)題意，小球受到沿軌跡切線方向的電場力大小始終為qE，設小球沿軌跡切線方向的加速度大小為a，根據(jù)牛頓第二定律有qE＝ma，小球第一個時間t內的路程為x1＝at2，由動能定理有qEx1＝Ek1－0，小球在前2t時間內的路程為x2＝a(2t)2，由動能定理有qEx2＝Ek2－

19、0，聯(lián)立解得Ek1∶Ek2＝1∶4，選項D正確． 19．[解析]選BC.由閉合電路歐姆定律可知，滑動片向下滑動，電阻R減小，總電流I增大，故R1上消耗的功率變大，路端電壓U減小，L1、L2兩燈均變暗，所以答案選BC. 20．[解析]選BD.在導體棒MN未到達B點前，導體棒切割磁感線產(chǎn)生的感應電動勢E＝B0v2tan θ·t.設導體棒單位長度的電阻為R0，則回路中的電流I＝＝，電功率P＝I2R0xtan θ＝tan θ·x.導體棒經(jīng)過B點后，導體棒切割磁感線產(chǎn)生的感應電動勢E＝B0dv(d為導軌的間距)，回路中的電流I＝＝，電功率P＝I2R0d＝(恒定不變)． 21．[解析]選ACD.由“

20、小球恰好沿B點的切線方向進入圓軌道”可知tan α＝，得t＝tan α，選項A正確．A、B之間的距離l＝，其中x＝v0t＝tan α，y＝gt2＝tan2α，聯(lián)立可得l＝tan α ，選項B錯誤．小球運動到B點時，重力的瞬時功率P＝mg2t＝mgv0tan α，選項C正確．小球運動到B點時，其速度vB＝；小球由B點運動到圓軌道的最低點過程中，根據(jù)動能定理有mv2－mv＝mgR(1－cos α)；在圓軌道的最低點，根據(jù)牛頓第二定律有F－mg＝m；聯(lián)立解得F＝＋3mg－2mgcos α，選項D正確． 22．[解析]相鄰計數(shù)點間時間間隔為T＝5×0.02 s＝0.1 s；在勻變速直線運動中，中間時

21、刻速度等于這段時間內的平均速度．計數(shù)點2、3、6對應的瞬時速度大小為v2＝、v3＝、v6＝，再利用v2＝可得v1＝；由逐差法可得 a＝； W總大于ΔEk，這主要是因為下滑過程中存在阻力對小車做負功． [答案](1)0.1 (1分) (2)(2分)　(1分) (3)(2分) (4)下滑過程中存在阻力對小車做負功(1分) 23．[解析](1)由多用電表讀數(shù)規(guī)則可知定值電阻的阻值約為11×10 Ω＝110 Ω. (2)①因實驗中要求調節(jié)范圍盡可能大且待測電阻的阻值比滑動變阻器的最大阻值大得多，所以滑動變阻器采用分壓式接法，因沒有電壓表，所以應將內阻已知的電流表與定值電阻串聯(lián)改裝成電壓

22、表． ②由電路圖及并聯(lián)規(guī)律知I2＝I1＋，即I1＝I2，由題圖乙知I1－I2圖線的斜率為0.5，得Rx＝110 Ω. [答案](1)110(2分)　(2)①如圖所示(4分) ②110(2分) 24．[解析](1)由題意可知： x＋Δx＝v0Δt＋v0(t1－Δt)－a(t1－Δt)2(2分) x＋2Δx＝v0Δt＋v0(t1＋t2－Δt)－a(t1＋t2－Δt)2(2分) 聯(lián)立以上兩式并代入數(shù)據(jù)可得： a＝2 m/s2，x＝69 m．(2分) (2)汽車從O點開始行駛的距離為 x1＝v0Δt＋(2分) 代入數(shù)據(jù)可得：x1＝110 m(1分) 從O點到停車標志桿D點的

23、距離為 x2＝x＋3Δx(1分) 代入數(shù)據(jù)可得：x2＝117 m(1分) 所以汽車停止運動時車頭與標志桿D的距離為 L＝x2－x1＝7 m．(2分) [答案](1)69 m　2 m/s2　(2)7 m 25．[解析](1)電場力對粒子做正功，在電場中粒子的動能逐漸增大，故在Q點速率最大．(1分) 粒子通過電場的時間：t＝(1分) 設粒子的橫向速度為vx，則 d＝vx·t(1分) 解得：vx＝(1分) 粒子在Q點時的速率 vmax＝＝v.(2分) (2)由磁場區(qū)域的幾何關系，回轉半徑滿足 (r－d)2＋l＝r2(1分) ＝r＝(2分) ＝(1分) 又d＝··2(

24、2分) 因而γ＝＝·.(2分) (3)t1＝＝arcsin(2分) t2＝(1分) β＝＝arcsin.(2分) [答案](1)v　(2)· (3)arcsin 33．[解析](1)氣體總是充滿容器，是因為氣體分子間距較大，除碰撞外，氣體分子幾乎不受力；對于一定質量的理想氣體，其內能只與溫度有關，溫度升高，則內能增加；溫度越高，水分子運動越劇烈，對顆粒的撞擊力越大，顆粒越不易平衡，布朗運動越劇烈；晶體在熔化時，吸收熱量但溫度不變，液體沸騰時吸熱但溫度不變；借助外界做功，熱量可由低溫物體傳到高溫物體． (2)設未用手向上提活塞手柄時，汽缸內封閉氣體的壓強為p1，體積為V；當汽缸剛

25、離地面時，缸內封閉氣體的壓強為p2，體積為V2. 未用手向上提活塞手柄時，對手柄，由平衡條件有： p0S＋mg＝p1S(2分) 當汽缸剛離地面時，對汽缸，由平衡條件有： p0S－p2S＝Mg(2分) 由于初、末狀態(tài)的變化過程中，缸內氣體的質量和溫度都保持不變，由玻意耳定律有：p1V＝p2V2(3分) 解得：V2＝V(1分) 活塞上升的距離為： L＝＝.(1分) [答案](1)BCE　(2) 34．[解析](1)由題圖乙可知，在t＝0.25 s，質點P向y軸正方向運動，故可判斷該波沿x軸正方向傳播，選項A錯誤．由題圖甲可知，該波的波長λ＝4 m，由題圖乙可知，該波的周期T＝2

26、 s，根據(jù)v＝可得，該波的傳播速度v＝2 m/s，選項B正確．由于質點L與質點N相距半個波長，所以它們的運動方向總相反，選項C正確．由題圖甲可知，再經(jīng)過0.5 s(即)，質點M回到平衡位置并向y軸正方向運動，選項D正確．由題圖甲可知，再經(jīng)過1.0 s(即)，質點P運動的路程為40 cm，選項E錯誤． (2)畫出光路圖(如圖所示)，圖中DE、DG為兩束臨界光線，弧范圍內的光線不能穿透柱形光學元件．(2分) 設該種材料的臨界角為C，則有：sin C＝(1分) 解得：C＝30°(1分) 結合上圖可知： ∠ADF＝30°(1分) ∠CDH＝30°(1分) ∠FDH＝30°(1分) 由數(shù)學知識可得：＝×2πR＝.(2分) [答案](1)BCD　(2) 35．[解析](2)設小球甲的質量為M，由動量守恒得 Mv0＝Mv1＋mv2(2分) Mv＝Mv＋mv(2分) v2＝v0＝(1分) 當M?m時，v2＝2v0(1分) 當M＝m時，v2＝v0(1分) mv＝mgh(1分) h＝，由于v0＜v2＜2v0 所以＜h＜.(1分) [答案](1)CDE　(2)見解析