（通用版）2020高考物理三輪沖刺 題型練輯 選擇題滿分練（七）（含解析）

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1、選擇題滿分練(七) 二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14～18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19～21題有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分． 14．一質(zhì)點(diǎn)做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，已知初速度為v，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間速度大小變?yōu)?v，加速度大小為a，這段時(shí)間內(nèi)的路程與位移大小之比為5∶3，則下列敘述正確的是(　　) A．在該段時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)方向不變 B．這段時(shí)間為 C．這段時(shí)間的路程為 D．再經(jīng)過(guò)相同的時(shí)間質(zhì)點(diǎn)速度大小為3v 答案　B 解析　根據(jù)題意可知這段時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的路程與位移不同，加速度又恒定，則質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)方向一定

2、改變，故A錯(cuò)誤；末速度與初速度方向相反，設(shè)末速度的方向?yàn)檎较颍瑒t運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：t＝＝，故B正確；根據(jù)速度位移關(guān)系：v－v＝2ax，可得位移為，因路程與位移大小之比為5∶3，則路程為，故C錯(cuò)誤；根據(jù)v′＝v0＋at，可得v′＝2v＋a·＝5v，所以再經(jīng)過(guò)相同的時(shí)間質(zhì)點(diǎn)速度大小為5v，故D錯(cuò)誤． 15．(2019·湖北宜昌市元月調(diào)考)如圖1所示，輕彈簧左端固定，右端連接一物塊(可以看做質(zhì)點(diǎn))，物塊靜止于粗糙的水平地面上，彈簧處于原長(zhǎng)．現(xiàn)用一個(gè)水平向右的力F拉動(dòng)物塊，使其向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)(整個(gè)過(guò)程不超過(guò)彈簧的彈性限度)．以x表示物塊離開(kāi)靜止位置的位移，下列表示F和x之間關(guān)系的圖象可能正確的是(

3、　　) 圖1 答案　B 解析　由牛頓第二定律得：F－kx－Ff＝ma；整理得：F＝kx＋ma＋Ff，物塊做勻加速運(yùn)動(dòng)，所以ma＋Ff恒定且不為零，圖象是不過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線，故A、C、D錯(cuò)誤，B正確． 16．(2019·浙江寧波市3月模擬)在光滑的水平面上建立如圖2所示的直角坐標(biāo)系xOy，現(xiàn)在O點(diǎn)固定一個(gè)帶電荷量為Q的正電荷，在x軸正半軸上的點(diǎn)N(d,0)固定有帶電荷量為8Q的負(fù)電荷，y軸正半軸位置固定有一根光滑絕緣細(xì)桿，細(xì)桿上套有帶電荷量為＋q的小球(質(zhì)量忽略不計(jì))，當(dāng)小球置于M點(diǎn)時(shí)，恰好保持靜止，則M的縱坐標(biāo)為(　　) 圖2 A.d B.d C.d D．d 答

4、案　B 17．(2019·河北唐山市第一次模擬)如圖3甲所示是某同學(xué)設(shè)計(jì)的一種發(fā)電裝置的示意圖，線圈是邊長(zhǎng)為l＝0.40m、匝數(shù)n＝200匝的正方形線圈，線圈繞M軸轉(zhuǎn)動(dòng)，線圈的電阻為R1＝1.0Ω.磁感應(yīng)強(qiáng)度方向均沿半徑方向，均勻分布，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小均為B＝T．外力推動(dòng)線圈框架，使線圈繞軸線做周期為0.4s的勻速圓周運(yùn)動(dòng)．現(xiàn)將整個(gè)裝置作為電源接在乙圖電路中，小燈泡的電阻為R2＝9.0Ω，電壓表為理想電表．下列說(shuō)法中正確的是(　　) 圖3 A．小燈泡中電流的大小為1.6A B．電壓表的示數(shù)為32V C．電壓表的示數(shù)為16V D．外力的功率為102.4W 答案　D 解析　由題

5、可知，線圈始終垂直切割磁感線，故電動(dòng)勢(shì)為：E＝2×nBlv＝2×nBl×＝32V. 則根據(jù)閉合電路歐姆定律可知小燈泡中的電流為：I＝＝A＝3.2A，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；根據(jù)部分電路歐姆定律可知電壓表示數(shù)為：U＝IR2＝3.2×9.0V＝28.8V，故選項(xiàng)B、C錯(cuò)誤；根據(jù)能量守恒可知，外力做功轉(zhuǎn)化為整個(gè)電路的焦耳熱，則整個(gè)電路的功率即為外力的功率P＝I2(R1＋R2)＝3.22×(1.0＋9.0) W＝102.4W，故選項(xiàng)D正確． 18．(2019·安徽A10聯(lián)盟開(kāi)年考)從斜面上A點(diǎn)分別以v0、2v0的初速度先后水平拋出兩個(gè)相同的小球，結(jié)果小球分別落在了斜面上的B點(diǎn)和C點(diǎn)，A、B間的距離為s1，B

6、、C間的距離為s2，小球剛要落到B點(diǎn)時(shí)重力的瞬時(shí)功率為P1，剛要落到C點(diǎn)時(shí)重力的瞬時(shí)功率為P2，不計(jì)空氣阻力，則下列關(guān)系正確的是(　　) A．s1∶s2＝1∶2 B．s1∶s2＝1∶4 C．P1∶P2＝1∶2 D．P1∶P2＝1∶4 答案　C 解析　由平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可知：x1＝v0t1，y1＝gt，設(shè)斜面的傾角為θ，則tanθ＝，可得t1＝，s1＝＝，P1＝mgvy1＝mg2t1＝2mgv0tanθ；同理可得：s1＋s2＝，則s2＝，P2＝4mgv0tanθ，可得s1∶s2＝1∶3；P1∶P2＝1∶2，則選項(xiàng)C正確，A、B、D錯(cuò)誤． 19．(2019·江蘇南通市通州區(qū)、海門市、啟東市

7、聯(lián)考)如圖4甲所示，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為10∶1，原線圈通以圖乙所示的交流電后，理想電流表A1示數(shù)為0.5A，副線圈串聯(lián)了電阻可忽略的熔斷器、理想電流表A2以及虛線框內(nèi)的某用電器，電路處于正常工作狀態(tài)，則下列說(shuō)法正確的有(　　) 圖4 A．原線圈兩端電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式e＝220sin100πt(V) B．熔斷器的熔斷電流應(yīng)該不小于5A C．若輸入的交流電頻率増大，發(fā)現(xiàn)A2示數(shù)也增大，則虛線框內(nèi)可能是電容器 D．若原線圈輸入電壓改為500V的恒定電壓，則A2示數(shù)將增大 答案　ABC 解析　由題圖乙可知，交變電流電壓的最大值為220V，周期為T＝0.02s，所以原線圈兩端

8、電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式e＝220sint (V)＝220sin100πt (V)，故A正確；理想電流表A1示數(shù)為0.5A，由公式＝，解得：I2＝5A，所以熔斷器的熔斷電流應(yīng)該不小于5A，故B正確；若輸入的交流電頻率増大，發(fā)現(xiàn)A2示數(shù)也增大，說(shuō)明虛線框內(nèi)的用電器對(duì)高頻交變電流的阻礙較小，所以虛線框內(nèi)的用電器為電容器，故C正確；理想變壓器的工作原理為互感，所以理想變壓器對(duì)恒定電流不起作用，即若原線圈輸入電壓改為500V的恒定電壓，則A2示數(shù)將變?yōu)榱悖? 20.(2019·四川綿陽(yáng)市第二次診斷)地月拉格朗日L2點(diǎn)，始終位于地月連線上如圖5所示的位置，該點(diǎn)距離地球40多萬(wàn)公里，距離月球約6.5萬(wàn)公里．若飛

9、行器P通過(guò)L2點(diǎn)時(shí)，是在地球和月球的引力共同作用下沿圓軌道Ⅰ繞地心做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其周期與月球沿圓軌道Ⅱ繞地心做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期相等．已知飛行器P線速度為v，周期為T，受地球和月球?qū)λ娜f(wàn)有引力大小之比為k.若飛行器P只在地球萬(wàn)有引力作用下沿圓軌道Ⅰ繞地心做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的線速度為v′，周期為T′，則(　　) 圖5 A．v′＞v B．v′＜v C．T′＝·T D．T′＝·T 答案　BC 解析　設(shè)飛行器P受地球的引力為F1，受月球的引力為F2，由公式F1＋F2＝m，F(xiàn)1＝m，所以v′＜v，故A錯(cuò)誤，B正確；由公式F1＝mr，F(xiàn)1＋F2＝mr，＝k，聯(lián)立解得：T′＝·T，故C正確，D

10、錯(cuò)誤． 21.(2019·湖北天門、仙桃等八市第二次聯(lián)考)如圖6所示，空間存在水平向右、電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)，一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為＋q的小球，從A點(diǎn)以初速度v0豎直向上拋出，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間落回到與A點(diǎn)等高的位置B點(diǎn)(圖中未畫出)，重力加速度為g.下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖6 A．小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)距離A點(diǎn)的高度為 B．小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)速度大小為 C．小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中最小動(dòng)能為 D．AB兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差為 答案　BD 解析　小球的運(yùn)動(dòng)可分解為水平方向初速度為零，加速度為a＝的勻加速直線運(yùn)動(dòng)和豎直方向初速度為v0，加速度為g的豎直上拋運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上，由v＝2gh，解得h＝，故A錯(cuò)誤；小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，豎直方向速度減為零，由v0＝gt，解得t＝，在水平方向上，由vx＝at，解得vx＝，故B正確；小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中動(dòng)能的表達(dá)式為Ek＝mv2＝m(v＋v)＝m[(t)2＋(v0－gt)2]，由數(shù)學(xué)知識(shí)可得當(dāng)t＝時(shí)，小球的動(dòng)能最小，最小動(dòng)能為Ekmin＝，故C錯(cuò)誤；當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為2t＝，水平方向的位移為x＝()(2t)2＝，A、B兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差為U＝Ex＝，故D正確． 6