《2019高考物理一輪復(fù)習(xí) 微專題系列之熱點(diǎn)專題突破 專題52 帶電粒子在疊加場中的運(yùn)動問題學(xué)案》由會員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《2019高考物理一輪復(fù)習(xí) 微專題系列之熱點(diǎn)專題突破 專題52 帶電粒子在疊加場中的運(yùn)動問題學(xué)案(11頁珍藏版)》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、突破52 帶電粒子在疊加場中的運(yùn)動問題
帶電粒子在疊加場中的運(yùn)動問題是典型的力電綜合問題.在同一區(qū)域內(nèi)同時(shí)有電場和磁場、電場和重力場或同時(shí)存在電場、磁場和重力場等稱為疊加場.帶電粒子在疊加場中的運(yùn)動問題有很明顯的力學(xué)特征,一般要從受力、運(yùn)動、功能的角度來分析.這類問題涉及的力的種類多,含重力、電場力、磁場力、彈力、摩擦力等;包含的運(yùn)動種類多,含勻速直線運(yùn)動、勻變速直線運(yùn)動、類平拋運(yùn)動、圓周運(yùn)動以及其他曲線運(yùn)動,綜合性強(qiáng),數(shù)學(xué)能力要求高.
解題技巧
(1)帶電粒子在電場和磁場疊加場中做直線運(yùn)動,電場力和洛倫茲力一定相互平衡,因此常用二力平衡方法解題。
(2)帶電粒子在電場和磁場疊加場中
2、偏轉(zhuǎn),是電場力和洛倫茲力不平衡造成的。此過程中電場力做功,洛倫茲力不做功,需根據(jù)電場力做功的正、負(fù)判斷動能的變化。
【典例1】如圖所示,在豎直平面xOy內(nèi),y軸左側(cè)有一水平向右的電場強(qiáng)度為E1的勻強(qiáng)電場和磁感應(yīng)強(qiáng)度為B1的勻強(qiáng)磁場,y軸右側(cè)有一豎直向上的電場強(qiáng)度為E2的勻強(qiáng)電場,第一象限內(nèi)有一勻強(qiáng)磁場,一帶電荷量為+q、質(zhì)量為m的粒子從x軸上的A點(diǎn)以初速度v與水平方向成θ=30°沿直線運(yùn)動到y(tǒng)軸上的P點(diǎn),OP=d.粒子進(jìn)入y軸右側(cè)后在豎直面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動,然后垂直x軸沿半徑方向從M點(diǎn)進(jìn)入第四象限內(nèi)、半徑為d的圓形磁場區(qū)域,粒子在圓形磁場中偏轉(zhuǎn)60°后從N點(diǎn)射出磁場,求:
(1)電
3、場強(qiáng)度E1與E2大小之比.
(2)第一象限內(nèi)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小和方向.
(3)粒子從A到N運(yùn)動的時(shí)間.
(2)粒子從P到M、從M到N的運(yùn)動軌跡如圖,在第一象限內(nèi)有R1==
由洛倫茲力提供向心力知
Bqv=m
聯(lián)立得B=,方向垂直紙面向外.
(3)粒子從A到P有vt1=,即t1=
從P到M粒子運(yùn)動軌跡對應(yīng)的圓心角為120°,所用時(shí)間為t2=×=×=
粒子從M到N做圓周運(yùn)動,由圖知其半徑為R2=d,對應(yīng)圓心角為60°,所用時(shí)間為t3=×=
所以粒子從A到N運(yùn)動的時(shí)間為t=t1+t2+t3=.
【典例2】如圖所示,在xOy平面的第一、四象限內(nèi)存在著方向垂直紙面向外
4、、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場,第四象限內(nèi)存在方向沿y軸負(fù)方向、電場強(qiáng)度為E的勻強(qiáng)電場。從y軸上坐標(biāo)為a的一點(diǎn)向磁場區(qū)發(fā)射速度大小不等的帶正電同種粒子,速度方向范圍與y軸正方向成30°~150°夾角,且在xOy平面內(nèi)。結(jié)果所有粒子經(jīng)過磁場偏轉(zhuǎn)后都垂直打到x軸上,然后進(jìn)入第四象限的勻強(qiáng)電場區(qū)。已知帶電粒子電量為q、質(zhì)量為m,重力不計(jì)。求:
(1)垂直y軸方向射入磁場的粒子運(yùn)動的速度大小v1;
(2)粒子在第一象限的磁場中運(yùn)動的最長時(shí)間以及對應(yīng)的射入方向;
(3)從x軸上x=(-1)a點(diǎn)射入第四象限的粒子穿過電磁場后經(jīng)過y軸上y=-b的點(diǎn),求該粒子經(jīng)過y=-b點(diǎn)的速度大小。
【答案】 (
5、1) (2),粒子初速度方向與y軸正方向夾角為30°
(3)
【解析】 (1)垂直y軸方向射入磁場的粒子運(yùn)動規(guī)律如圖所示,
粒子的運(yùn)動時(shí)間:t=T=×=。
(3)如圖所示,設(shè)粒子射入磁場時(shí)速度方向與y軸負(fù)方向的夾角為θ,軌跡半徑為R,
由幾何關(guān)系得:R-Rcos θ=(-1)a
Rsin θ=a
解得:θ=45°
R=a
由牛頓第二定律得qv0B=m
此粒子進(jìn)入磁場的速度v0==
設(shè)粒子到達(dá)y軸上速度為v,
根據(jù)動能定理得:qEb=mv2-mv02
解得:v= 。
【典例3】 如圖甲所示,寬度為d的豎直狹長區(qū)域內(nèi)(邊界為L1、L2),存在垂直
6、紙面向里的勻強(qiáng)磁場和豎直方向上的周期性變化的電場(如圖乙所示),電場強(qiáng)度的大小為E0,E>0表示電場方向豎直向上.t=0時(shí),一帶正電、質(zhì)量為m的微粒從左邊界上的N1點(diǎn)以水平速度v射入該區(qū)域,沿直線運(yùn)動到Q點(diǎn)后,做一次完整的圓周運(yùn)動,再沿直線運(yùn)動到右邊界上的N2點(diǎn).Q為線段N1N2的中點(diǎn),重力加速度為g.上述d、E0、m、v、g為已知量.
(1)求微粒所帶電荷量q和磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大?。?
(2)求電場變化的周期T.
(3)改變寬度d,使微粒仍能按上述運(yùn)動過程通過相應(yīng)寬度的區(qū)域,求T的最小值.
【答案】 (1) (2)+ (3)
【解析】 (1)微粒做直線運(yùn)動,則
mg+qE0=
7、qvB①
微粒做圓周運(yùn)動,則mg=qE0②
(3)若微粒能完成題述的運(yùn)動過程,要求d≥2R⑩
聯(lián)立③④⑥得R≤?
設(shè)在N1Q段直線運(yùn)動的最短時(shí)間為t1min,由⑤⑩?得t1min=,因t2不變,T的最小值Tmin=t1min+t2=
【跟蹤短訓(xùn)】
1. 如圖所示,有一混合正離子束先后通過正交的電場、磁場區(qū)域Ⅰ和勻強(qiáng)磁場區(qū)域Ⅱ,如果正離子束在區(qū)域Ⅰ中不偏轉(zhuǎn),進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ后偏轉(zhuǎn)半徑r相同,則它們一定具有相同的( )
A.速度 B.質(zhì)量
C.電荷量 D.電荷量與質(zhì)量之比
【答案】 AD
【解析】 因?yàn)檎x子束通過區(qū)域Ⅰ時(shí)不偏轉(zhuǎn),說明它們受到的電場力與洛倫茲
8、力相等,即Eq=B1qv,故它們的速度相等,選項(xiàng)A正確;又因?yàn)檫M(jìn)入磁場Ⅱ后,其偏轉(zhuǎn)半徑相同,由公式r=可知,它們的電荷量與質(zhì)量之比相同,選項(xiàng)D正確。
2.一個(gè)帶正電的微粒(重力不計(jì))穿過如圖所示的勻強(qiáng)磁場和勻強(qiáng)電場區(qū)域時(shí),恰能沿直線運(yùn)動,則欲使微粒向下偏轉(zhuǎn),應(yīng)采用的辦法是( )
A.增大微粒質(zhì)量
B.增大微粒電荷量
C.減小入射速度
D.增大磁感應(yīng)強(qiáng)度
【答案】C
3.如圖所示,水平的兩塊帶電金屬極板a、b平行正對放置,極板長度為l,板間距為d,板間存在方向豎直向下、場強(qiáng)大小為E的勻強(qiáng)電場和垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場,假設(shè)電場、磁場只存在于兩極板間,一質(zhì)量為m、電荷量為q
9、的粒子,以水平速度v0從兩極板的左端正中央沿垂直于電場、磁場的方向進(jìn)入極板間,恰好做勻速直線運(yùn)動,不計(jì)重力及空氣阻力。
(1)求勻強(qiáng)磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大?。?
(2)若撤去磁場,粒子能從極板間射出,求粒子穿過電場時(shí)沿電場方向移動的距離;
(3)若撤去磁場,并使電場強(qiáng)度變?yōu)樵瓉淼?倍,粒子將打在下極板上,求粒子到達(dá)下極板時(shí)動能的大小。
【答案】:(1) (2) (3)mv02+qEd
解得Ek=mv02+qEd。
4. 如圖所示,在xOy豎直平面內(nèi),y軸的右側(cè)有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場B=0.4 T和豎直向上的勻強(qiáng)電場E=2 N/C,長為L=16 m的水平絕緣傳送帶AB以速度v0
10、=3 m/s順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動,右側(cè)輪的軸心在y軸上,右側(cè)輪的上側(cè)邊緣B點(diǎn)的坐標(biāo)是(0,8 m)。一個(gè)質(zhì)量為m=2 g、電荷量為q=+0.01 C的小物塊(可視為點(diǎn)電荷)輕放在傳送帶左端,小物塊與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)μ=0.2,小物塊從傳送帶滑下后,經(jīng)過x軸上的P點(diǎn)(未畫出),重力加速度g=10 m/s2。求:
(1)P點(diǎn)的坐標(biāo);
(2)小物塊從靜止開始到經(jīng)過x軸所用的時(shí)間;(結(jié)果保留2位小數(shù))
(3)改變傳送帶勻速轉(zhuǎn)動的速度,可讓小物塊從傳送帶上滑下后經(jīng)過坐標(biāo)原點(diǎn)O,要讓小物塊經(jīng)過坐標(biāo)原點(diǎn)O,傳送帶運(yùn)行的速度范圍。
【答案】 (1)(-3 m,0) (2)8.65 s (3)v≥8
11、 m/s
【解析】 (1)小物塊在傳送帶上運(yùn)動
a==μg=2 m/s2
小物塊與傳送帶速度相等時(shí)t1==1.5 s,
x1=at2=2.25 m
12、動的距離
x==16 m
說明如果小物塊在傳送帶上一直做勻加速運(yùn)動,則小物塊就會經(jīng)過坐標(biāo)原點(diǎn)O,所以傳送帶的速度范圍為v≥8 m/s。
5. 如圖所示,ABCD矩形區(qū)域內(nèi)存在互相垂直的有界勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場的復(fù)合場,有一帶電小球質(zhì)量為m、電量大小為q,小球在光滑絕緣的水平面上從靜止開始經(jīng)電壓為U的電場加速后,水平進(jìn)入ABCD區(qū)域中,恰能在此空間的豎直面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動,且從B點(diǎn)射出,已知AB長度為L,AD長度為L,求:
(1)小球帶何種電荷及進(jìn)入復(fù)合場時(shí)的速度大??;
(2)小球在復(fù)合場中做圓周運(yùn)動的軌道半徑;
(3)小球在復(fù)合場中運(yùn)動的時(shí)間。
【答案】:(1)負(fù)電荷 (2)
13、2L (3)
【解析】:(1)小球在電場、磁場和重力場的復(fù)合場中,做勻速圓周運(yùn)動,且從B點(diǎn)射出,根據(jù)左手定則可知小球帶負(fù)電荷。
小球進(jìn)入復(fù)合場之前,由動能定理得:qU=mv2,
解得:v= 。
5. 在豎直面內(nèi)建立直角坐標(biāo)系,曲線y=位于第一象限的部分如圖所示,在曲線上不同點(diǎn)以初速度v0向x軸負(fù)方向水平拋出質(zhì)量為m、帶電量為+q的小球,小球下落過程中都會通過坐標(biāo)原點(diǎn),之后進(jìn)入第三象限的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場區(qū)域(圖中未畫出),磁感應(yīng)強(qiáng)度為B= T,方向垂直紙面向里,小球恰好做勻速圓周運(yùn)動,并在做圓周運(yùn)動的過程中都能打到y(tǒng)軸負(fù)半軸上(已知重力加速度g=10 m/s2,=102 C/kg
14、)。求:
(1)第三象限的電場強(qiáng)度大小及方向;
(2)沿水平方向拋出小球的初速度v0;
(3)為了使所有的小球都能打到y(tǒng)軸的負(fù)半軸,所加磁場區(qū)域的最小面積。
【答案】:(1)0.1 N/C,方向豎直向上 (2)10 m/s (3)0.5 m2
【解析】:(1)小球在第三象限做勻速圓周運(yùn)動,
則:mg=qE,即E=,
解得:E=0.1 N/C,方向豎直向上。
(2)設(shè)小球釋放點(diǎn)的坐標(biāo)為(x,y),由平拋規(guī)律可知
x=v0t,y=gt2,
由以上兩式可得y=x2
又由題意可知:y=
聯(lián)立可得:v0=10 m/s。
解得:Smin=0.5 m2。
6. 如圖甲
15、所示,在以O(shè)為坐標(biāo)原點(diǎn)的xOy平面內(nèi),存在著范圍足夠大的電場和磁場.一個(gè)質(zhì)量m=2×10-2kg,帶電荷量q=+5×10-3C的小球在0時(shí)刻以v0=40 m/s的速度從O點(diǎn)沿+x方向(水平向右)射入該空間,在該空間同時(shí)加上如圖乙所示的電場和磁場,其中電場沿-y方向(豎直向上),場強(qiáng)大小E0=40 V/m.磁場垂直于xOy平面向外,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B0=4π T.取當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=10 m/s2,計(jì)算結(jié)果中可以保留根式或π.
(1)求12 s末小球速度的大?。?
(2)在給定的xOy坐標(biāo)系中,大致畫出小球在24 s內(nèi)的運(yùn)動軌跡示意圖.
(3)求26 s末小球的位置坐標(biāo).
【答案】
16、(1)20 m/s (2)見【解析】 (3)x2=m y2=m
【解析】 (1)當(dāng)不存在電場和磁場時(shí),小球只受重力作用,做平拋運(yùn)動,當(dāng)同時(shí)加上電場和磁場時(shí),
(2)小球在24 s內(nèi)的運(yùn)動軌跡示意圖如圖所示(半徑越來越大).
(3)分析可知,小球24 s末與26 s末的位置相同,在26 s內(nèi)小球做了t2=3 s的平拋運(yùn)動,23 s末小球平拋運(yùn)動的位移大小為x1=v0t2=120 m
y1=gt=45 m
此時(shí)小球的速度大小為v2==50 m/s
速度與豎直方向的夾角為θ=53°
此后小球做勻速圓周運(yùn)動的半徑r2== m
26 s末,小球恰好完成了半個(gè)圓周運(yùn)動,此時(shí)小球的位置坐標(biāo)x2=x1-2r2cos θ=m
y2=y(tǒng)1+2r2sin θ=m.
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