《(全國通用)2020版高考物理一輪復(fù)習(xí) 第九章 微專題67 帶電粒子在圓形邊界磁場場中的運動加練半小時(含解析)》由會員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《(全國通用)2020版高考物理一輪復(fù)習(xí) 第九章 微專題67 帶電粒子在圓形邊界磁場場中的運動加練半小時(含解析)(10頁珍藏版)》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。
1、帶電粒子在圓形邊界磁場場中的運動
[方法點撥] (1)帶電粒子進(jìn)入圓形邊界磁場,一般需要連接磁場圓圓心與兩圓交點(入射點與出射點)連線,軌跡圓圓心與兩交點連線.(2)軌跡圓半徑與磁場圓半徑相等時會有磁聚焦現(xiàn)象.(3)沿磁場圓半徑方向入射的粒子,將沿半徑方向出射.
1.(多選)如圖1所示,ABCA為一個半圓形的有界勻強磁場,O為圓心,BO⊥AC,F(xiàn)、G分別為半徑OA和OC的中點,D、E點位于邊界圓弧上,且DF∥EG∥BO.現(xiàn)有三個相同的帶電粒子(不計重力)以相同的速度分別從B、D、E三點沿平行BO方向射入磁場,其中由B點射入磁場的粒子1恰好從C點射出,由D、E兩點射入的粒子2和粒子3從磁場某
2、處射出,則下列說法正確的是( )
圖1
A.粒子2從O點射出磁場
B.粒子3從C點射出磁場
C.粒子1、2、3在磁場中的運動時間之比為3∶2∶3
D.粒子2、3經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)角相同
2.(2018·四川省德陽市三校聯(lián)合測試)如圖2所示,半徑為R的圓是一圓柱形勻強磁場區(qū)域的橫截面(紙面),磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直于紙面向外,一電荷量為q、質(zhì)量為m的負(fù)離子沿平行于直徑ab的方向射入磁場區(qū)域,射入點與ab的距離為.已知離子射出磁場與射入磁場時運動方向間的夾角為60°,則離子的速率為(不計重力)( )
圖2
A.B.C.D.
3.(多選)如圖3所示,勻強磁場方向垂直于紙面
3、向里,在紙面內(nèi)有一半徑為R的圓周、圓心為O.一帶電粒子質(zhì)量為m、電荷量為+q,從圓周上的M點以速度v0射向圓心,經(jīng)過一段時間從圓周上的N點離開圓周,已知經(jīng)過N點時的速度方向與從M點射入時的速度方向夾角為θ(圖中未畫出),不計重力,則( )
圖3
A.磁感應(yīng)強度大小為
B.磁感應(yīng)強度大小為
C.粒子經(jīng)歷此過程的時間為
D.粒子經(jīng)歷此過程的時間為
4.(2018·河南省中原名校第五次聯(lián)考)如圖4所示,在半徑為R的圓形區(qū)域充滿著勻強磁場,有一帶電粒子以某一初速度v0從A點對著圓形磁場的圓心O點射入,剛好垂直打在與初速度方向平行放置的屏MN上.不考慮粒子所受的重力.下列有關(guān)說法中不正
4、確的是( )
圖4
A.該粒子一定帶正電
B.只增加粒子的速率,粒子在磁場中運動的時間將會變長
C.只增加粒子的速率,粒子一定還會從磁場射出,且射出磁場方向的反向延長線一定仍然過O點
D.只改變粒子入射的方向,粒子經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后仍會垂直打在屏MN上
5.(多選)(2018·福建省蒲田八中暑假考)如圖5所示,勻強磁場分布在半徑為R的圓形區(qū)域MON內(nèi),Q為半徑ON上的一點且OQ=R,P點為邊界上一點,且PQ與MO平行.現(xiàn)有兩個完全相同的帶電粒子以相同的速度射入磁場(不計粒子重力及粒子間的相互作用),其中粒子1從M點正對圓心射入,恰從N點射出,粒子2從P點沿PQ射入,下列說法正確的是
5、( )
圖5
A.粒子2一定從N點射出磁場
B.粒子2在P、N之間某點射出磁場
C.粒子1與粒子2在磁場中的運行時間之比為3∶2
D.粒子1與粒子2在磁場中的運行時間之比為2∶1
6.(多選)(2018·黑龍江省牡丹江一中模擬)如圖6所示,在以直角坐標(biāo)系xOy的坐標(biāo)原點O為圓心、半徑為r的圓形區(qū)域內(nèi),存在磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直xOy所在平面向里的勻強磁場.一帶電粒子由磁場邊界與x軸的交點A處,以速度v沿x軸負(fù)方向射入磁場,粒子恰好能從磁場邊界與y軸的交點C處沿y軸正方向飛出磁場,之后經(jīng)過D點,D點的坐標(biāo)為(0,2r),不計帶電粒子所受重力.若磁場區(qū)域以A點為軸,在xOy
6、平面內(nèi)順時針旋轉(zhuǎn)45°后,帶電粒子仍以速度v沿x軸負(fù)方向射入磁場,飛出磁場后經(jīng)過y=2r直線時,以下說法正確的是( )
圖6
A.帶電粒子仍將垂直經(jīng)過y=2r的這條直線
B.帶電粒子將與y=2r的直線成45°角經(jīng)過這條直線
C.經(jīng)過y=2r直線時距D的距離為(-1)r
D.經(jīng)過y=2r直線時距D的距離為(2-)r
7.如圖7所示,空間有一圓柱形勻強磁場區(qū)域,O點為圓心,磁場方向垂直于紙面向外.一帶正電的粒子從A點沿圖示箭頭方向以速率v射入磁場,θ=30°,粒子在紙面內(nèi)運動,經(jīng)過時間t離開磁場時速度方向與半徑OA垂直.不計粒子重力.若粒子速率變?yōu)?,其他條件不變,粒子在圓柱形磁場
7、中運動的時間為( )
圖7
A.B.tC.D.2t
8.(多選)如圖8所示是一個半徑為R的豎直圓形磁場區(qū)域,磁感應(yīng)強度大小為B,磁感應(yīng)強度方向垂直紙面向內(nèi).有一個粒子源在圓上的A點不停地發(fā)射出速率相同的帶正電的粒子,帶電粒子的質(zhì)量均為m,運動的半徑為r,在磁場中的軌跡所對應(yīng)的圓心角為α.不計粒子重力,以下說法正確的是( )
圖8
A.若r=2R,則粒子在磁場中運動的最長時間為
B.若r=2R,粒子沿著與半徑方向成45°角斜向下射入磁場,則有關(guān)系式tan=成立
C.若r=R,粒子沿著磁場的半徑方向射入,則粒子在磁場中的運動時間為
D.若r=R,粒子沿著與半徑方向成60
8、°角斜向下射入磁場,則圓心角α為150°
9.如圖9所示,內(nèi)圓半徑為r、外圓半徑為3r的圓環(huán)區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里、磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場.圓環(huán)左側(cè)的平行板電容器兩板間電壓為U,靠近M板處靜止釋放質(zhì)量為m、電荷量為q的正離子,經(jīng)過電場加速后從N板小孔射出,并沿圓環(huán)直徑方向射入磁場,不計離子的重力,忽略平行板外的電場.求:
圖9
(1)離子從N板小孔射出時的速率;
(2)離子在磁場中做圓周運動的周期;
(3)要使離子不進(jìn)入小圓區(qū)域,電壓U的取值范圍.
10.(2018·福建省永春一中等四校聯(lián)考)如圖10所示為一磁約束裝置的原理圖,兩同心圓的圓心O與xOy平面坐
9、標(biāo)系原點重合.半徑為R0的圓形區(qū)域Ⅰ內(nèi)有方向垂直于xOy平面向里的勻強磁場.一束質(zhì)量為m、電荷量為q、動能為E0的帶正電粒子從坐標(biāo)為(0,R0)的A點沿y軸負(fù)方向射入磁場區(qū)域Ⅰ,粒子全部經(jīng)過坐標(biāo)為(R0,0)的P點,方向沿x軸正方向.當(dāng)在環(huán)形區(qū)域Ⅱ加上方向垂直于xOy平面向外的另一勻強磁場時,上述粒子仍從A點沿y軸負(fù)方向射入?yún)^(qū)域Ⅰ,所有粒子恰好能夠約束在環(huán)形區(qū)域內(nèi),且經(jīng)過環(huán)形區(qū)域Ⅱ的磁場偏轉(zhuǎn)后第一次沿半徑方向從區(qū)域Ⅱ射入?yún)^(qū)域Ⅰ時經(jīng)過內(nèi)圓周上的M點(M點未畫出).不計重力和粒子間的相互作用.
圖10
(1)求區(qū)域Ⅰ中磁感應(yīng)強度B1的大?。?
(2)若環(huán)形區(qū)域Ⅱ中磁感應(yīng)強度B2=B1,求M
10、點坐標(biāo)及環(huán)形外圓半徑R;
(3)求粒子從A點沿y軸負(fù)方向射入圓形區(qū)域Ⅰ至再次以相同速度經(jīng)過A點的過程所通過的總路程.
答案精析
1.ABD [從B點射入磁場的粒子1恰好從C點射出,可知帶電粒子運動的軌跡半徑等于磁場的半徑,由D點射入的粒子2的軌跡圓心為E點,
由幾何關(guān)系可知該粒子從O點射出,同理可知粒子3從C點射出,A、B正確;1、2、3三個粒子在磁場中運動軌跡所對的圓心角為90°、60°、60°,運動時間之比為3∶2∶2,C錯誤,D正確.]
2.D [設(shè)離子在勻強磁場中運動軌跡的半徑為r,速率為v.根據(jù)題述,離子射出磁場與射入磁場時速度方向之間的
11、夾角為60°,可知離子運動軌跡所對的圓心角為60°,由幾何關(guān)系知rsin30°=R.由qvB=m,解得v=,選項D正確.]
3.AD
[作出帶電粒子做圓周運動的軌跡,如圖所示.由數(shù)學(xué)知識可知在圓內(nèi)運動軌跡對應(yīng)圓心角為θ,α=θ,r=.帶電粒子受到的洛倫茲力提供向心力有qv0B=,運動時間t=,聯(lián)立解得t=,B=,故選項B、C錯誤,A、D正確.]
4.B
[根據(jù)左手定則可知,向上偏轉(zhuǎn)的粒子一定帶正電,選項A說法正確,不符合題意;當(dāng)粒子速率增加時,其運動的軌跡半徑變大,其轉(zhuǎn)過的圓心角減小,在磁場中運動的時間會變短,選項B說法錯誤,符合題意;由幾何關(guān)系可知,只要粒子入射的方向指向
12、圓心O,射出方向的反向延長線一定仍然過O點,選項C說法正確,不符合題意;由題意可知,粒子在磁場中運動的軌跡半徑與磁場半徑R相等,當(dāng)粒子速度方向變化時,其軌跡如圖,其中D為粒子出射點,C為軌跡的圓心,由于AC=CD=R=AO=OD,所以四邊形AODC為菱形,CD與AO平行,即粒子從D點射出時的速度方向與AO垂直,所以仍會垂直打在屏MN上,選項D說法正確,不符合題意.]
5.AD
[如圖所示,粒子1從M點正對圓心射入,恰從N點射出,根據(jù)洛倫茲力指向圓心,和MN的中垂線過圓心,可確定圓心為O1,半徑為R.兩個完全相同的帶電粒子以相同的速度射入磁場,粒子運動的半徑相同.粒子2從P點沿PQ射入
13、,根據(jù)洛倫茲力指向圓心,圓心O2應(yīng)在P點上方R處,連接O2P、ON、OP、O2N,O2PON為菱形,O2N大小為R,所以粒子2一定從N點射出磁場,A正確,B錯誤;∠MO1N=90°,∠PO2N=∠POQ,cos∠POQ==,所以∠PO2N=∠POQ=45°.兩個完全相同的帶電粒子以相同的速度射入磁場,粒子運動的周期相同.粒子運動時間與運動軌跡所對的圓心角成正比,所以粒子1與粒子2在磁場中的運行時間之比為2∶1,C錯誤,D正確.]
6.BD [根據(jù)題意,畫出粒子在磁場中運動的軌跡,如圖所示,根據(jù)幾何知識可以得到當(dāng)粒子從磁場中出來時與y=2r夾角為45°,根據(jù)幾何關(guān)系計算可以得到DM=(2-)r
14、,故B、D正確.]
7.C [粒子以速率v垂直O(jiān)A方向射出磁場,由幾何關(guān)系可知,粒子運動的軌跡半徑為r=R=,粒子在磁場中運動軌跡所對應(yīng)的圓心角等于粒子速度的偏轉(zhuǎn)角,即;當(dāng)粒子速率變?yōu)闀r,粒子運動的軌跡
半徑減為,如圖所示,粒子偏轉(zhuǎn)角為π,由粒子在磁場中運動時間t與軌跡所對應(yīng)的圓心角成正比和勻速圓周運動周期T=可知,粒子減速后在磁場中運動時間為1.5t,C項正確.]
8.BD [若r=2R,粒子在磁場中運動時間最長時,磁場區(qū)域的直徑是軌跡的一條弦,作出軌跡如圖甲所示,因為r=2R,圓心角θ=60°,粒子在磁場中運動的最長時間tmax=T=·=,故A錯誤;
若r=2R,粒
15、子沿著與半徑方向成45°角斜向下射入磁場,如圖乙,根據(jù)幾何關(guān)系,有tan===,故B正確;若r=R,粒子沿著磁場的半徑方向射入,粒子運動軌跡如圖丙所示,圓心角為90°,粒子在磁場中運動的時間t=T=·=,故C錯誤;若r=R,粒子沿著與半徑方向成60°角斜向下射入磁場,軌跡如圖丁所示,圖中軌跡圓心與磁場圓心以及入射點和出射點構(gòu)成菱形,圓心角為150°,故D正確.]
9.(1) (2) (3)U≤
解析 (1)設(shè)離子射入勻強磁場時的速率為v,由動能定理得qU=mv2,解得v=.
(2)設(shè)離子在磁場中做圓周運動的半徑為R,離子所受洛倫茲力提供向心力,由牛頓第二定律可得qvB=m,運動周期T=,
16、聯(lián)立解得T=.
(3)若離子恰好不進(jìn)入小圓區(qū)域,設(shè)離子與小圓相切時軌道半徑為R0,此時軌跡如圖所示.由幾何關(guān)系得R02+(3r)2=(R0+r)2,解得R0=4r.需滿足的條件為R≤R0,又qvB=m,qU=mv2.聯(lián)立解得U≤.
10.(1) (2)(R0,-R0) R0 (3)πR0
解析 (1)由題意,粒子在區(qū)域Ⅰ內(nèi)做勻速圓周運動的半徑r1=R0,在磁場中,由洛倫茲力提供向心力,則有qv0B1=m,且E0=mv02,聯(lián)立解得B1=.
(2)粒子進(jìn)入環(huán)形區(qū)域Ⅱ后沿順時針方向做勻速圓周運動,則有qv0B2=m,B2=B1,聯(lián)立解得r2=R0,畫出粒子在區(qū)域Ⅱ內(nèi)做勻速圓周運動的軌跡如圖所示,由幾何關(guān)系得∠POM=60°,由幾何關(guān)系得M點的坐標(biāo)為(R0,-R0),由幾何關(guān)系得外環(huán)的半徑R=r2+2r2=3r2=R0.
(3)粒子在Ⅰ區(qū)域和Ⅱ區(qū)域兩次偏轉(zhuǎn)后,從M點再次進(jìn)入Ⅰ區(qū)域時,圓心角轉(zhuǎn)過150°,設(shè)經(jīng)過m次這樣的偏轉(zhuǎn)后第一次從A點再次入射,此時圓心角轉(zhuǎn)過n個360°,則有150m=360n(m、n取最小正整數(shù)),解得m=12,n=5.而粒子在Ⅰ、Ⅱ區(qū)偏轉(zhuǎn)一次通過的路程s1=×2πr1+×2πr2=(+)πR0,所以經(jīng)過12次如此偏轉(zhuǎn)后第一次通過A點,則總路程為s=12s1=πR0.
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