2019年高考物理 考前沖刺30天 第四講 必考計(jì)算題 動力學(xué)方法和能量觀點(diǎn)的綜合應(yīng)用學(xué)案(含解析)
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1、動力學(xué)方法和能量觀點(diǎn)的綜合應(yīng)用 命題點(diǎn)一 多過程組合問題 例1 如圖1,固定在水平面上的組合軌道,由光滑的斜面、光滑的豎直半圓(半徑R=2.5m)與粗糙的水平軌道組成;水平軌道動摩擦因數(shù)μ=0.25,與半圓的最低點(diǎn)相切,軌道固定在水平面上.一個質(zhì)量為m=0.1kg的小球從斜面上A處由靜止開始滑下,并恰好能到達(dá)半圓軌道最高點(diǎn)D,且水平拋出,落在水平軌道的最左端B點(diǎn)處.不計(jì)空氣阻力,小球在經(jīng)過斜面與水平軌道連接處時不計(jì)能量損失,g取10m/s2.求: 圖1 (1)小球從D點(diǎn)拋出的速度vD; (2)水平軌道BC的長度x; (3)小球開始下落的高度h. 解析 (1)小球恰好能到達(dá)
2、半圓軌道最高點(diǎn)D,此時只有重力作為向心力,即mg=m 所以小球從D點(diǎn)拋出的速度 vD==m/s=5 m/s. (2)根據(jù)豎直方向上的自由落體運(yùn)動可得, 2R=gt2, 所以運(yùn)動的時間為t==s=1s, 水平軌道BC的長度即為平拋運(yùn)動的水平位移的大小,所以x=vDt=5×1m=5m. (3)對從A到D的過程,利用動能定理可得, mgh-μmgx-mg·2R=mv 解得h=7.5m. 答案 (1)5m/s (2)5m (3)7.5m 多過程問題的解題技巧 1.抓住物理情景中出現(xiàn)的運(yùn)動狀態(tài)和運(yùn)動過程,將物理過程分解成幾個簡單的子過程. 2.兩個相鄰過程連接點(diǎn)的速度是聯(lián)系
3、兩過程的紐帶,也是解題的關(guān)鍵.很多情況下平拋運(yùn)動的末速度的方向是解題的重要突破口. 題組階梯突破 1.運(yùn)動員駕駛摩托車做騰躍特技表演是一種刺激性很強(qiáng)的運(yùn)動項(xiàng)目.如圖2所示,AB是水平路面,BC是半徑為20m的圓弧,CDE是一段曲面.運(yùn)動員駕駛功率始終為P=1.8kW的摩托車在AB段加速,通過B點(diǎn)時速度已達(dá)到最大vm=20m/s,再經(jīng)t=13 s的時間通過坡面到達(dá)E點(diǎn),此刻關(guān)閉發(fā)動機(jī)水平飛出.已知人和車的總質(zhì)量m=180 kg,坡頂高度h=5 m,落地點(diǎn)與E點(diǎn)的水平距離s=16 m,重力加速度g=10 m/s2.如果在AB段摩托車所受的摩擦阻力恒定,且不計(jì)空氣阻力,求: 圖2 (1)
4、AB段摩托車所受摩擦阻力的大?。? (2)摩托車過圓弧B點(diǎn)時受到地面支持力的大??; (3)摩托車在沿BCDE沖上坡頂?shù)倪^程中克服摩擦阻力做的功. 答案 (1)90N (2)5400N (3)27360J 解析 (1)摩托車在水平面上已經(jīng)達(dá)到了最大速度,牽引力與阻力相等.則 P=Fvm=Ffvm. Ff==90N. (2)摩托車在B點(diǎn),由牛頓第二定律得: FN-mg=m, FN=m+mg=5400N. (3)對摩托車的平拋運(yùn)動過程,有 t1==1s, 平拋的初速度v0==16m/s,摩托車在斜坡上運(yùn)動時,由動能定理得 Pt-Wf-mgh=mv-mv, 解得Wf=2736
5、0J. 2.如圖3所示,半徑R=0.4m的光滑圓弧軌道BC固定在豎直平面內(nèi),軌道的上端點(diǎn)B和圓心O的連線與水平方向的夾角θ=30°,下端點(diǎn)C為軌道的最低點(diǎn)且與粗糙水平面相切,一根輕質(zhì)彈簧的右端固定在豎直擋板上.質(zhì)量m=0.1kg的小物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))從空中A點(diǎn)以v0=2m/s的速度被水平拋出,恰好從B點(diǎn)沿軌道切線方向進(jìn)入軌道,經(jīng)過C點(diǎn)后沿水平面向右運(yùn)動至D點(diǎn)時,彈簧被壓縮至最短,C、D兩點(diǎn)間的水平 圖3 距離L=1.2 m,小物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)μ=0.5,g取10 m/s2.求: (1)小物塊經(jīng)過圓弧軌道上B點(diǎn)時速度vB的大小. (2)小物塊經(jīng)過圓弧軌道上C點(diǎn)時對軌道的壓力大
6、小. (3)彈簧的彈性勢能的最大值Epm. 答案 (1)4m/s (2)8N (3)0.8J 解析 (1)小物塊恰好從B點(diǎn)沿切線方向進(jìn)入軌道,由幾何關(guān)系有vB==4m/s. (2)小物塊由B點(diǎn)運(yùn)動到C點(diǎn),由動能定理有 mgR(1+sinθ)=mv-mv 在C點(diǎn)處,由牛頓第二定律有FN-mg=m 解得FN=8N 根據(jù)牛頓第三定律,小物塊經(jīng)過圓弧軌道上C點(diǎn)時對軌道的壓力FN′大小為8N. (3)小物塊從B點(diǎn)運(yùn)動到D點(diǎn),由能量守恒定律有Epm=mv+mgR(1+sinθ)-μmgL=0.8J. 命題點(diǎn)二 傳送帶模型問題 例2 如圖4所示,傳送帶與地面的夾角θ=37°,A
7、、B兩端間距L=16m,傳送帶以速度v=10m/s,沿順時針方向運(yùn)動,物體m=1kg,無初速度地放置于A端,它與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ=0.5,試求: 圖4 (1)物體由A端運(yùn)動到B端的時間. (2)系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生的熱量. 解析 (1)物體剛放上傳送帶時受到沿斜面向下的滑動摩擦力,由牛頓第二定律得:mgsinθ+μmgcosθ=ma1, 設(shè)物體經(jīng)時間t1,加速到與傳送帶同速, 則v=a1t1,x1=a1t 可解得:a1=10m/s2 t1=1s x1=5m 因mgsinθ>μmgcosθ,故當(dāng)物體與傳送帶同速后,物體將繼續(xù)加速 由mgsinθ-μmgcosθ=ma2
8、 L-x1=vt2+a2t 解得:t2=1s 故物體由A端運(yùn)動到B端的時間 t=t1+t2=2s (2)物體與傳送帶間的相對位移 x相=(vt1-x1)+(L-x1-vt2)=6m 故Q=μmgcosθ·x相=24J. 答案 (1)2s (2)24J 傳送帶問題的分析流程和技巧 1.分析流程 2.相對位移 一對相互作用的滑動摩擦力做功所產(chǎn)生的熱量Q=Ff·x相對,其中x相對是物體間相對路徑長度.如果兩物體同向運(yùn)動,x相對為兩物體對地位移大小之差;如果兩物體反向運(yùn)動,x相對為兩物體對地位移大小之和. 3.功能關(guān)系 (1)功能關(guān)系分析:WF=ΔEk+ΔEp+Q.
9、 (2)對WF和Q的理解: ①傳送帶的功:WF=Fx傳; ②產(chǎn)生的內(nèi)能Q=Ffx相對. 題組階梯突破 3.一質(zhì)量為M=2kg的小物塊隨足夠長的水平傳送帶一起運(yùn)動,被一水平向左飛來的子彈擊中,子彈從物塊中穿過,如圖5甲所示,地面觀察者記錄了小物塊被擊穿后的速度隨時間的變化關(guān)系,如圖乙所示(圖中取向右運(yùn)動的方向?yàn)檎较?,已知傳送帶的速度保持不變,g取10m/s2. 圖5 (1)指出傳送帶的速度v的方向及大小,說明理由. (2)計(jì)算物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù). (3)計(jì)算物塊對傳送帶總共做了多少功?系統(tǒng)有多少能量轉(zhuǎn)化為內(nèi)能? 答案 (1)方向向右 2m/s 理由見解析 (2)
10、0.2 (3)-24J 36J 解析 (1)由題圖可知,物塊被擊中后先向左做勻減速運(yùn)動,速度為零后,又向右做勻加速運(yùn)動,當(dāng)速度等于2m/s以后隨傳送帶一起勻速運(yùn)動,所以傳送帶的速度方向向右,大小為2 m/s. (2)由題圖可知,a==m/s2=2 m/s2 由牛頓第二定律得,滑動摩擦力Ff=Ma,其中 Ff=μFN,F(xiàn)N=Mg, 所以物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù) μ===0.2. (3)由題圖可知,傳送帶與物塊存在摩擦力的時間只有3s,傳送帶在這段時間內(nèi)的位移 x=vt=2×3m=6m 所以物塊對傳送帶所做的功為 W=-Ffx=-4×6J=-24J 選傳送帶為參考系,物塊
11、相對于傳送帶通過的路程 x′=t=×3m=9m, 所以轉(zhuǎn)化為內(nèi)能的能量EQ=Ffx′=4×9J=36J. 4.如圖6所示,與水平面夾角θ=30°的傾斜傳送帶始終繃緊,傳送帶下端A點(diǎn)與上端B點(diǎn)間的距離L=4m,傳送帶以恒定的速率v=2m/s向圖6 上運(yùn)動.現(xiàn)將一質(zhì)量為1kg的物體無初速度地放于A處,已知物體與傳 送帶間的動摩擦因數(shù)μ=,取g=10m/s2,求: (1)物體從A運(yùn)動到B共需多長時間? (2)電動機(jī)因傳送該物體多消耗的電能. 答案 (1)2.4s (2)28J 解析 (1)物體無初速度地放在A處后,因mgsinθ<μmgcosθ 故物體斜向上做勻加速直線運(yùn)動.
12、加速度a==2.5m/s2 物體達(dá)到與傳送帶同速所需的時間t1==0.8s t1時間內(nèi)物體的位移x1=t1=0.8m 之后物體以速度v做勻速運(yùn)動,運(yùn)動的時間 t2==1.6s 物體運(yùn)動的總時間t=t1+t2=2.4s (2)前0.8s內(nèi)物體相對傳送帶的位移 Δx=vt1-x1=0.8m 因摩擦而產(chǎn)生的內(nèi)能E內(nèi)=μmgcosθ·Δx=6J 整個過程中多消耗的電能 E電=Ek+Ep+E內(nèi)=mv2+mgLsinθ+E內(nèi)=28J. (建議時間:40分鐘) 1.如圖1所示,皮帶的速度是3m/s,兩圓心距離s=4.5 m,現(xiàn)將m=1 kg的小物體輕放在左輪正上方的皮帶上,物體與
13、皮帶間的動摩擦因數(shù)μ=0.15,皮帶不打滑,電動機(jī)帶動皮帶將物體從左輪正上方運(yùn)送到右輪正上方時,求:(g=10 m/s2) 圖1 (1)小物體獲得的動能Ek; (2)這一過程摩擦產(chǎn)生的熱量Q; (3)這一過程電動機(jī)消耗的電能E. 答案 (1)4.5J (2)4.5J (3)9J 解析 (1)μmg=ma a=1.5m/s2 μmgx=mv2 所以物體加速階段運(yùn)動的位移x=3m4.5m,即物體可與皮帶達(dá)到共同速度, Ek=mv2=×1×32J=4.5J. (2)v=at t=2s Q=μmg(vt-x)=0.15×1×10×(6-3) J=4.5J (3)E=E
14、k+Q=4.5J+4.5J=9J. 2.如圖2甲所示,一傾角為θ=37°的傳送帶以恒定速度運(yùn)行.現(xiàn)將一質(zhì)量m=1kg的小物體拋上傳送帶,物體相對地面的速度隨時間變化的關(guān)系如圖乙所示,取沿傳送帶向上為正方向,g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8.求: 圖2 (1)0~8s內(nèi)物體位移的大?。? (2)物體與傳送帶間的動摩擦因數(shù). (3)0~8s內(nèi)物體機(jī)械能增加量及因與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量Q. 答案 (1)14m (2)0.875 (3)90J 126J 解析 (1)從圖乙中求出物體位移 x=-2×2×m+4×4×m+2×4m=14m (2)由圖象知,物體
15、相對傳送帶滑動時的加速度 a=1m/s2 對此過程中物體受力分析得μmgcosθ-mgsinθ=ma 得μ=0.875 (3)物體被送上的高度h=xsinθ=8.4m 重力勢能增量ΔEp=mgh=84J 動能增量ΔEk=mv-mv=6J 機(jī)械能增加量ΔE=ΔEp+ΔEk=90J 0~8s內(nèi)只有前6s發(fā)生相對滑動. 0~6s內(nèi)傳送帶運(yùn)動距離x1=4×6m=24m 0~6s內(nèi)物體位移x2=6m 產(chǎn)生的熱量 Q=μmgcosθ·Δx=μmgcosθ(x1-x2)=126J. 3.山谷中有三塊石頭和一根不可伸長的輕質(zhì)青藤,其示意圖如圖3.圖中A、B、C、D均為石頭的邊緣點(diǎn),O
16、為青藤的固定點(diǎn),h1=1.8m,h2=4.0m,x1=4.8m,x2=8.0m.開始時,質(zhì)量分別為M=10kg和m=2kg的大、小兩只金絲猴分別位于左邊和中間的石頭上,當(dāng)大猴發(fā)現(xiàn)小猴將受到傷害時,迅速從左邊石頭的A點(diǎn)水平跳至中間石頭.大猴抱起小猴跑到C點(diǎn),抓住青藤下端,蕩到右邊石頭上的D點(diǎn),此時速度恰好為零.運(yùn)動過程中猴子均可看成質(zhì)點(diǎn),空氣阻力不計(jì),重力加速度g=10m/s2.求: 圖3 (1)大猴從A點(diǎn)水平跳離時速度的最小值; (2)猴子抓住青藤蕩起時的速度大??; (3)猴子蕩起時,青藤對猴子的拉力大?。? 答案 (1)8m/s (2)4m/s (3)216N 解析 (1)設(shè)猴
17、子從A點(diǎn)水平跳離時速度的最小值為vmin,根據(jù)平拋運(yùn)動規(guī)律,有h1=gt2① x1=vmint② 聯(lián)立①②式,得vmin=8m/s③ (2)猴子抓住青藤后蕩到右邊石頭上的運(yùn)動過程中機(jī)械能守恒,設(shè)蕩起時速度為vC,有 (M+m)gh2=(M+m)v④ vC==4m/s⑤ (3)設(shè)青藤對猴子的拉力為FT,青藤的長度為L,對最低點(diǎn),由牛頓第二定律得FT-(M+m)g=(M+m)⑥ 由幾何關(guān)系(L-h(huán)2)2+x=L2⑦ 得:L=10m⑧ 聯(lián)立⑤⑥⑧式并代入數(shù)據(jù)解得: FT=216N 4.如圖4所示,在豎直平面內(nèi),粗糙斜面AB的下端與光滑的圓弧軌道BCD相切于B點(diǎn),C點(diǎn)是最低點(diǎn),圓
18、心角∠BOC=37°,D點(diǎn)與圓心O等高,圓弧軌道半徑R=1.0m,現(xiàn)在一個質(zhì)量為m=0.2kg可視為質(zhì)點(diǎn)的小物體,從D點(diǎn)的正上方E點(diǎn)處自由下落,DE距離h=1.6m,小物體與斜面AB之間的動摩擦因數(shù)μ=0.5.取sin37°=0.6,cos37°=0.8,g=10m/s2.求: 圖4 (1)小物體第一次通過C點(diǎn)時軌道對小物體的支持力FN的大?。? (2)要使小物體不從斜面頂端飛出,斜面的長度LAB至少要多長. (3)若斜面已經(jīng)滿足(2)中的要求,小物體從E點(diǎn)開始下落,直至最后在光滑圓弧軌道上做周期性運(yùn)動,在此過程中系統(tǒng)因摩擦所產(chǎn)生的熱量Q的大?。? 答案 (1)12.4N (2)2.
19、4m (3)4.8J
解析 (1)小物體從E到C,由機(jī)械能守恒定律得
mg(h+R)=mv①
在C點(diǎn),由牛頓第二定律得:FN-mg=m②
聯(lián)立①②解得FN=12.4N.
(2)從E→D→C→B→A過程,由動能定理得
WG-W阻=0③
WG=mg[(h+Rcos 37°)-LABsin 37°]④
W阻=μmgcos37°LAB⑤
聯(lián)立③④⑤解得LAB=2.4m.
(3)因?yàn)閙gsin37°>μmgcos37°(或μ 20、
ΔE=mg(h+Rcos37°)⑦
聯(lián)立⑥⑦解得Q=4.8J.
5.(2019·紹興期末)如圖5所示,已知半徑分別為R和r的甲、乙兩個光滑的圓形軌道安置在同一豎直平面內(nèi),甲軌道左側(cè)又連接一個光滑的軌道,兩圓形軌道之間由一條水平軌道CD相連.一小球自某一高度由靜止滑下,先滑過甲軌道,通過動摩擦因數(shù)為μ的CD段,又滑過乙軌道,最后離開.若小球在兩圓軌道的最高點(diǎn)對軌道壓力都恰好為零.試求:
圖5
(1)釋放小球的高度h.
(2)水平軌道CD段的長度.
答案 (1)2.5R (2)
解析 (1)小球在光滑圓軌道上滑行時,機(jī)械能守恒,設(shè)小球滑過C點(diǎn)時的速度為vC,通過甲環(huán)最高點(diǎn)速度 21、為v′,根據(jù)小球?qū)ψ罡唿c(diǎn)壓力為零,有mg=m①
取軌道最低點(diǎn)為零勢能點(diǎn),由機(jī)械守恒定律有:mv=mg·2R+mv′2②
由①、②兩式消去v′,可得:vC=③
同理可得小球滑過D點(diǎn)時的速度為:vD=④
小球從甲軌道左側(cè)光滑軌道滑至C點(diǎn)時機(jī)械能守恒,有:mgh=mv⑤
由③、⑤兩式聯(lián)立解得:h=2.5R
由此小球釋放的高度為2.5R
(2)設(shè)CD段的長度為l,對小球滑過CD段過程應(yīng)用動能定理有:
-μmgl=mv-mv⑥
由③、④、⑥三式聯(lián)立解得:l=
則水平軌道CD段的長度為.
6.(2019·浙江1月學(xué)考·38)如圖6所示為某種彈射小球的游戲裝置,水平面上固定一輕質(zhì)彈簧及 22、長度可調(diào)節(jié)的豎直管AB.細(xì)管下端接有一小段長度不計(jì)的圓滑彎管,上端B與四分之一圓弧彎管BC相接,每次彈射前,推動小球?qū)椈蓧嚎s到同一位置后鎖定.解除鎖定,小球即被彈簧彈出,水平射進(jìn)細(xì)管A端,再沿管ABC從C端水平射圖6
出.已知彎管BC的半徑R=0.30m,小球的質(zhì)量為m=50g,當(dāng)調(diào)
節(jié)豎直細(xì)管AB的長度L至L0=0.90m時,發(fā)現(xiàn)小球恰好能過管口C
端.不計(jì)小球運(yùn)動過程中的機(jī)械能損失.(g取10m/s2)
(1)求每次彈射時彈簧對小球所做的功W.
(2)當(dāng)L取多大時,小球落至水平面的位置離直管AB最遠(yuǎn)?
(3)調(diào)節(jié)L時,小球到達(dá)管口C時管壁對球的作用力FN也相應(yīng)變化,考慮到游戲 23、裝置的實(shí)際情況,L不能小于0.15m,請?jiān)趫D7坐標(biāo)紙上作出FN隨長度L變化的關(guān)系圖線.(取管壁對球的作用力FN方向向上為正,并要求在縱軸上標(biāo)上必要的刻度值)
圖7
答案 (1)0.60J (2)0.30m (3)見解析圖
解析 (1)小球恰好過C點(diǎn),其速度vC=0①
根據(jù)功能關(guān)系,每次彈射時彈簧對小球所做的功為:
W=mg(L0+R)=0.60J②
(2)設(shè)小球被彈出時的初速度為v0,到達(dá)C時的速度為v,根據(jù)動能定理有W=mv-0③
根據(jù)機(jī)械能守恒定律有
mv=mg(L+R)+mv2④
綜合②③④得v=⑤
根據(jù)平拋運(yùn)動規(guī)律,小球落至水平面時的落點(diǎn)離直管AB的距離為s=vt+R⑥
其中t=⑦
綜合⑤⑥⑦得s=2+R
根據(jù)數(shù)學(xué)知識可判知,當(dāng)L==0.30m時,s最大.
即當(dāng)L取0.30m時,小球落至水平面的位置離直管AB最遠(yuǎn).
(3)設(shè)小球經(jīng)過C端時所受管壁作用力方向向上,根據(jù)牛頓運(yùn)動定律有mg-FN=m
又v=
則有FN=L+mg(1-)
代入數(shù)據(jù)得FN=L-2.5(N)(0.90m≥L≥0.15m)
據(jù)此作出所求圖線如圖:
13
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