2020屆高考物理一輪復(fù)習(xí) 選擇題穩(wěn)優(yōu)提優(yōu)優(yōu)練（二） 新人教版

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1、 選擇題穩(wěn)優(yōu)提優(yōu)優(yōu)練（二） 1、（2019·新課標(biāo)全國Ⅰ卷） 如圖，一粗糙斜面固定在地面上，斜面頂端裝有一光滑定滑輪。一細(xì)繩跨過滑輪，其一端懸掛物塊N。另一端與斜面上的物塊M相連，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)用水平向左的拉力緩慢拉動N，直至懸掛N的細(xì)繩與豎直方向成45°。已知M始終保持靜止，則在此過程中 A．水平拉力的大小可能保持不變 B．M所受細(xì)繩的拉力大小一定一直增加 C．M所受斜面的摩擦力大小一定一直增加 D．M所受斜面的摩擦力大小可能先減小后增加 【答案】BD 【解析】如圖所示，以物塊N為研究對象，它在水平向左拉力F作用下，緩慢向左移動直至細(xì)繩與豎直方向夾角為45°的

2、過程中，水平拉力F逐漸增大，繩子拉力T逐漸增大； 對M受力分析可知，若起初M受到的摩擦力f沿斜面向下，則隨著繩子拉力T的增加，則摩擦力f也逐漸增大；若起初M受到的摩擦力f沿斜面向上，則隨著繩子拉力T的增加，摩擦力f可能先減小后增加。故本題選BD。 2、（2019·遼寧省沈陽市高三三模） 如圖所示，水平桌面上放置一個傾角為45°的光滑楔形滑塊A，一細(xì)線的一端固定于楔形滑塊A的頂端O處，細(xì)線另一端拴一質(zhì)量為m=0.2 kg的小球。若滑塊與小球一起以加速度a向左做勻加速運(yùn)動（取g=10 m/s2）則下列說法正確的是 A．當(dāng)a=5 m/s2時，滑塊對球的支持力

3、為 B．當(dāng)a=15 m/s2時，滑塊對球的支持力為半 C．當(dāng)a=5 m/s2時，地面對A的支持力一定大于兩個物體的重力之和 D．當(dāng)a=15 m/s2時，地面對A的支持力一定小于兩個物體的重力之和 【答案】A 【解析】設(shè)加速度為a0時小球?qū)瑝K的壓力等于零，對小球受力分析，受重力、拉力，根據(jù)牛頓第二定律，有：水平方向：F合=Fcos45°=ma0；豎直方向：Fsin45°=mg，解得a0=g。A、當(dāng)a=5 m/s2時，小球未離開滑塊，水平方向：Fcos45°–FNcos45°=ma；豎直方向：Fsin45°+FNsin45°=mg，解得，故A正確；B、當(dāng)a=15 m/s2時，小球已經(jīng)離

4、開滑塊，只受重力和繩的拉力，滑塊對球的支持力為零，故B錯誤；CD、當(dāng)系統(tǒng)相對穩(wěn)定后，豎直方向沒有加速度，受力平衡，所以地面對A的支持力一定等于兩個物體的重力之和，故C，D錯誤；故選A。 3、如圖所示，天花板上有一可自由轉(zhuǎn)動的光滑小環(huán)Q，一輕繩穿過Q，兩端分別連接質(zhì)量為m1、m2的A、B小球．兩小球分別在各自的水平面內(nèi)做圓周運(yùn)動，它們周期相等．則A、B小球到Q的距離l1、l2的比值為(　　) A. B. C. D. 【參考答案】D　一根繩子的張力F是相等的，對于A球，F(xiàn)sinθ1＝m12l1sinθ1，對于B球，F(xiàn)sinθ2＝m22l2sinθ2，聯(lián)立可知，m1l1＝m2l2，

5、即＝，D選項(xiàng)正確． 4、（2019·湖南省長沙市雅禮中學(xué)） 2016年2月11日，美國自然科學(xué)基金召開新聞發(fā)布會宣布，人類首次探測到了引力波。2月16日，中國科學(xué)院公布了一項(xiàng)新的探測引力波的“空間太極計(jì)劃”。由中山大學(xué)發(fā)起的空間引力波探測工程“天琴計(jì)劃”于2015年7月正式啟動。計(jì)劃從2016年到2035年分四階段進(jìn)行，將向太空發(fā)射三顆衛(wèi)星探測引力波。在目前討論的初步概念中，天琴將采用三顆全同的衛(wèi)星（SC1、SC2、SC3）構(gòu)成一個等邊三角形陣列，地球恰處于三角形中心，衛(wèi)星將在以地球?yàn)橹行?、高度約10萬公里的軌道上運(yùn)行，針對確定的引力波源進(jìn)行探測，這三顆衛(wèi)星在太空中的分列圖類似樂器豎琴，故

6、命名為“天琴計(jì)劃”。則下列有關(guān)三顆衛(wèi)星的運(yùn)動描述正確的是 A．三顆衛(wèi)星一定是地球同步衛(wèi)星 B．三顆衛(wèi)星具有相同的加速度 C．三顆衛(wèi)星的線速度比月球繞地球運(yùn)動的線速度大且大于第一宇宙速度 D．若知道引力常量G、三顆衛(wèi)星繞地球運(yùn)轉(zhuǎn)周期T及地球的半徑R，則可估算出地球的密度 【答案】D 【解析】同步軌道衛(wèi)星的半徑約為42 400公里，是個定值，而三顆衛(wèi)星的半徑約為10萬公里，所以這三顆衛(wèi)星不是地球同步衛(wèi)星，故A錯誤；根據(jù)，解得：，由于三顆衛(wèi)星到地球的距離相等，則它們的加速度大小相等，但是方向不同，故B錯誤；第一宇宙速度是繞地球運(yùn)動的最大速度，則三顆衛(wèi)星線速度都小于第一宇宙速度，故C錯

7、誤；根據(jù)，若知道萬有引力常量G及三顆衛(wèi)星繞地球運(yùn)轉(zhuǎn)周期T可以求出地球的質(zhì)量M，再知道地球半徑R，所以可以求出地球的密度，故D正確。 5、如圖是一種工具——石磨，下面磨盤固定，上面磨盤可繞過中心的豎直轉(zhuǎn)軸，在推桿帶動下在水平面內(nèi)轉(zhuǎn)動．若上面磨盤直徑為D，質(zhì)量為m且均勻分布，磨盤間動摩擦因數(shù)為μ.若推桿在外力作用下以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動，磨盤轉(zhuǎn)動一周，外力克服磨盤間摩擦力做功為W，則(　　) A．磨盤推桿兩端點(diǎn)的速度相同 B．磨盤邊緣的線速度為ωD C．摩擦力的等效作用點(diǎn)離轉(zhuǎn)軸距離為 D．摩擦力的等效作用點(diǎn)離轉(zhuǎn)軸距離為 【參考答案】D　磨盤推桿做圓周運(yùn)動，各點(diǎn)角速度相等，推桿兩端點(diǎn)的速

8、度大小相等，方向相反，A選項(xiàng)錯誤；磨盤邊緣做圓周運(yùn)動的軌道半徑為D，邊緣的線速度為ωD，B選項(xiàng)錯誤；設(shè)摩擦力的等效作用點(diǎn)離轉(zhuǎn)軸距離為L，摩擦力做的功為W＝μmg·2πL，解得，L＝，C選項(xiàng)錯誤，D選項(xiàng)正確． 6、以一定的初速度從地面豎直向上拋出一小球，小球上升到距地面高h(yuǎn)處，又落回到拋出點(diǎn)，假設(shè)小球所受空氣阻力大小與速度大小成正比，小球在運(yùn)動過程中的機(jī)械能E(選取地面為零勢能面)隨小球路程s變化，下列圖象中合理的是(　　) 【參考答案】C　根據(jù)功能關(guān)系可知，空氣阻力做功引起小球機(jī)械能的減少，小球在運(yùn)動的過程中受到的空氣阻力與速率成正比，即空氣阻力先減小后增大，單位高度內(nèi)，空氣阻力做

9、功先減少后增加，即小球機(jī)械能的減少量先減小后增大，小球在下落的過程中，與小球上升的過程比較，在同一點(diǎn)的速率下落的過程比較小，所以小球在下落的過程中減小的機(jī)械能小于小球在上升過程中減小的機(jī)械能，C選項(xiàng)正確． 7、如圖所示，足夠長的傳送帶以恒定的速率v1逆時針運(yùn)動，一質(zhì)量為m的物塊以大小為v2的初速度從傳送帶的P點(diǎn)沖上傳送帶，從此時起到物塊再次回到P點(diǎn)的過程中，下列說法正確的是(　　) A．合力對物塊的沖量大小一定為2mv2 B．合力對物塊的沖量大小一定為2mv1 C．合力對物塊的沖量大小可能為零 D．合外力對物塊做的功可能為零 【參考答案】D　v2＞v1，分析物塊的受力情況，先向

10、右做勻減速直線運(yùn)動后向左做勻加速直線運(yùn)動，如果v2＞v1，到達(dá)P點(diǎn)之前已經(jīng)與傳送帶共速，速度為v1，規(guī)定向左為正方向，根據(jù)動量定理可知，f·Δt＝mv1－(－mv2)＝m(v1＋v2)，如果v2＝v1，則f·Δt＝2mv1＝2mv2，初、末速度大小相等，合外力做功為零，如果v2＜v1，則f·Δt＝2mv2，同理，合外力做功為零，D選項(xiàng)正確． 8、在光滑的絕緣水平面上，有一個正方形abcd，頂點(diǎn)a、c分別固定一個正點(diǎn)電荷，電荷量相等，如圖所示．若將一個帶負(fù)電的粒子置于b點(diǎn)，自由釋放，粒子將沿著對角線bd往復(fù)運(yùn)動．粒子從b點(diǎn)運(yùn)動到d點(diǎn)的過程中(　　) A．先做勻加速運(yùn)動，后做勻減速運(yùn)動

11、B．先從高電勢到低電勢，后從低電勢到高電勢 C．電勢能改變量大于機(jī)械能改變量 D．電勢能先減小后增大 【參考答案】D　根據(jù)等量同種正電荷周圍電場線的分布情況可知，ac連線中點(diǎn)處場強(qiáng)為零，沿中垂線向外，先增大再減小，負(fù)電荷受到的電場力始終指向ac的連線與中垂線的交點(diǎn)，電場是不均勻的，粒子所受的電場力是變化的，加速度是變化的，A選項(xiàng)錯誤；連線中點(diǎn)處的電勢最高，沿中垂線向外，電勢逐漸降低，故粒子從b點(diǎn)運(yùn)動到d點(diǎn)的過程中，先從低電勢到高電勢，后從高電勢到低電勢，B選項(xiàng)錯誤；根據(jù)能量守恒定律可知，只有電場力做功，電勢能與動能的相互轉(zhuǎn)化，之和守恒不變，即電勢能改變量等于機(jī)械能改變量，C選項(xiàng)錯誤；從b

12、點(diǎn)運(yùn)動到d點(diǎn)的過程中，電場力先做正功后做負(fù)功，電勢能先減小后增大，D選項(xiàng)正確． 9、(多選)用回旋加速器分別加速某一元素的一價(jià)正離子和二價(jià)正離子，離子開始釋放的位置均在A點(diǎn)，加速電壓相同，則關(guān)于一價(jià)正離子和二價(jià)正離子的加速，下列說法正確的是(　　) A．獲得的最大速度之比為1：2 B．獲得的最大動能之比為1：4 C．加速需要的交變電壓的頻率之比為2：1 D．經(jīng)加速電場加速的次數(shù)之比為1：2 【參考答案】ABD　離子在電場中做加速直線運(yùn)動，在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，最大動能Ek＝mv2＝，一價(jià)正離子和二價(jià)正離子的電量之比為1：2，質(zhì)量相等，獲得的最大動能之比為1：4，速

13、度之比為1：2，A、B選項(xiàng)正確；加速電壓的周期等于離子在磁場中運(yùn)動的周期，T＝，交變電壓的周期之比為2：1，頻率之比為1：2，C選項(xiàng)錯誤；經(jīng)加速電場加速nqU＝，解得n＝，加速的次數(shù)之比為1：2，D選項(xiàng)正確． 10、（2019·浙江高二期中） 中國空軍八一飛行表演隊(duì)?wèi)?yīng)邀參加于2019年3月舉行的巴基斯坦國慶日飛行表演。中國殲﹣10戰(zhàn)斗機(jī)在廣場上方沿水平方向自西向東飛行。該飛機(jī)翼展10 m，表演地點(diǎn)位于北半球，該處磁場的豎直分量為5.0×10﹣5 T，該機(jī)飛行時速度約為300 m/s，下列說法正確的是 A．該機(jī)兩翼尖端電勢差大小約為0.15 V B．該機(jī)兩翼尖端無電勢差 C

14、．右端機(jī)翼電勢較高 D．若飛機(jī)轉(zhuǎn)向?yàn)樽詵|向西飛行，機(jī)翼右端電勢較高 【答案】A 【解析】該機(jī)兩翼尖端電勢差大小約為U＝BLv＝0.15 V，故A正確；巴基斯坦的地磁場方向斜向下，在豎直方向的分量向下，根據(jù)右手定則可得，無論飛機(jī)沿水平方向自西向東飛行或是自東向西飛行，相對于飛行員來說機(jī)翼的左端電勢高，故BCD錯誤。 11、(多選)如圖1所示的電路，電源電動勢E＝3.0 V，內(nèi)阻不計(jì)，L1、L2、L3為3個相同規(guī)格的小燈泡，這種小燈泡的I－U特性曲線如圖2所示．當(dāng)開關(guān)閉合后，下列關(guān)于電路中的燈泡的說法中，正確的是(　　) A．燈泡L1消耗的電功率為0.30 W B．燈泡L1的電

15、阻為75 Ω C．燈泡L3的電阻為12 Ω D．三燈泡消耗的總電功率為0.90 W 【參考答案】AC　電源的內(nèi)阻不計(jì)，當(dāng)開關(guān)閉合后，燈泡L3的電壓U3＝3 V，根據(jù)圖2讀出電流I3＝0.25 A，根據(jù)功率公式可知，燈泡L3消耗的功率P＝U3I3＝0.75 W，根據(jù)歐姆定律可知，燈泡L3的電阻R3＝＝12 Ω，C選項(xiàng)正確；燈泡L1、L2串聯(lián)，電壓U1＝U2＝1.5 V，根據(jù)圖2可知，電流I1＝I2＝0.20 A，根據(jù)歐姆定律可知，電阻R1＝7.5 Ω，B選項(xiàng)錯誤；燈泡L1、L2的功率P1＝P2＝U1I1＝0.30 W，A選項(xiàng)正確；三燈消耗的總功率為：2×0.30＋0.7

16、5＝1.35 W，D選項(xiàng)錯誤． 12、(多選)下列關(guān)于近代物理的說法正確的是(　　) A．α粒子的穿透能力比β粒子的穿透能力強(qiáng)，故α粒子容易使金屬發(fā)生光電效應(yīng) B．平均結(jié)合能小的原子核結(jié)合成或分解成平均結(jié)合能大的原子核時一定放出核能 C．光是一種概率波，因此光子通過狹縫到達(dá)的位置可以由波動規(guī)律來確定 D．半衰期對某個原子核而言，是指在一個半衰期內(nèi)，其衰變的概率為 【參考答案】BC　α粒子的穿透能力比β粒子的穿透能力弱，發(fā)生光電效應(yīng)與粒子的穿透能力無關(guān)，A選項(xiàng)錯誤；平均結(jié)合能小的原子核結(jié)合成或分解成平均結(jié)合能大的原子核時存在質(zhì)量虧損，一定放出核能，B選項(xiàng)正確；光是一種概率波，符合波動

17、規(guī)律，光子通過狹縫到達(dá)的位置可以由波動規(guī)律來確定，C選項(xiàng)正確；半衰期是統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對某個原子核而言，沒有意義，D選項(xiàng)錯誤． 13、（2019·浙江高二期末） 如圖甲所示，在變壓器輸入端加上如圖乙所示的交變電壓，在副線圈的輸出端串接上一只理想整流二極管D和滑動變阻器R，則 A．當(dāng)滑片P上移時，原線圈中的電流I1變大 B．當(dāng)滑片P上移時，原線圈的輸入功率變小 C．當(dāng)拿掉二極管后，副線圈中的交流電周期與原來相同 D．保持滑片P不動，R上電流有效值是無二極管時的 【答案】BCD 【解析】A項(xiàng)、由于原線圈兩端電壓不變，副線圈兩端電壓不變，當(dāng)滑片P上移時，滑動變阻器接入電路中的電阻變大，所以副線圈中的電流變小，則原線圈中的電流變小，故A錯誤；B項(xiàng)、由于原線圈中的電流變小，電壓不變，所以功率變小，故B正確；C項(xiàng)、有二極管存在時，副線圈中交變電流一個周期內(nèi)只有半個周期有電流，但周期不變，拿掉二極管后，副線圈中交變電流的周期不變，故C正確；D項(xiàng)、設(shè)副線圈兩端電壓為U0，有二極管時，根據(jù)電流的熱效應(yīng)得：，解得，無二極管時，R兩端的電壓為：，根據(jù)可得：保持滑片P不動，R上電流有效值是無二極管時的，故D正確。 9