2022年高考物理大一輪復(fù)習(xí) 第五章 機(jī)械能守恒定律單元滾動(dòng)檢測(cè)卷

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1、2022年高考物理大一輪復(fù)習(xí) 第五章 機(jī)械能守恒定律單元滾動(dòng)檢測(cè)卷 考生注意： 1．本試卷分第Ⅰ卷(選擇題)和第Ⅱ卷(非選擇題)兩部分，共4頁(yè)． 2．答卷前，考生務(wù)必用藍(lán)、黑色字跡的鋼筆或圓珠筆將自己的姓名、班級(jí)、學(xué)號(hào)填寫(xiě)在相應(yīng)位置上． 3．本次考試時(shí)間90分鐘，滿分100分． 第Ⅰ卷 一、選擇題Ⅰ(本題共13小題，每小題3分，共39分．每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分) 1．伽利略的斜面實(shí)驗(yàn)反映了一個(gè)重要事實(shí)：如果空氣阻力和摩擦力小到可以忽略不計(jì)，小球一旦沿斜面A滾落，必將準(zhǔn)確地終止于斜面B上與它開(kāi)始點(diǎn)相同高度處，絕不會(huì)更高一點(diǎn)或更低一

2、點(diǎn)，這說(shuō)明，小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中有一個(gè)“東西”是不變的，這個(gè)“東西”是(　　) A．彈力 B．速度 C．加速度 D．能量 答案　D 解析　運(yùn)動(dòng)過(guò)程中若斜面的傾角不同，則受到的彈力不同，A錯(cuò)誤；下滑過(guò)程中速度越來(lái)越大，上滑過(guò)程中速度越來(lái)越小，速度不同，B錯(cuò)誤；斜面的傾斜程度不同，加速度也不同，C錯(cuò)誤；伽利略理想斜面實(shí)驗(yàn)中如果空氣阻力和摩擦力小到可以忽略，則在小球運(yùn)動(dòng)的過(guò)程只有重力做功，則物體的機(jī)械能守恒，故這個(gè)不變量應(yīng)該是能量，D正確． 2．(xx·紹興第一中學(xué)期末)關(guān)于做功，下列說(shuō)法中正確的是(　　) A．滑動(dòng)摩擦力阻礙物體的相對(duì)運(yùn)動(dòng)，一定做負(fù)功 B．靜摩擦力和滑動(dòng)摩擦力都可

3、以做正功 C．一負(fù)電荷在電場(chǎng)中移動(dòng)時(shí)，克服電場(chǎng)力做功，則其電勢(shì)能減少 D．作用力與反作用力大小相等、方向相反，所做功的代數(shù)和一定為零 答案　B 解析　恒力做功的表達(dá)式W＝Flcos α，滑動(dòng)摩擦力的方向與物體相對(duì)運(yùn)動(dòng)方向相反，但與運(yùn)動(dòng)方向可以相同，也可以相反，物體受滑動(dòng)摩擦力也有可能位移為零，故可能做負(fù)功，也可能做正功，也可能不做功，A錯(cuò)誤；恒力做功的表達(dá)式W＝Flcos α，靜摩擦力的方向與物體相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)方向相反，但與運(yùn)動(dòng)方向可以相同，也可相反，還可以與運(yùn)動(dòng)方向垂直，故靜摩擦力可以做正功，也可以做負(fù)功，也可以不做功，結(jié)合A的分析，B正確；無(wú)論是正電荷還是負(fù)電荷，只要克服電場(chǎng)力做功，

4、其電勢(shì)能一定增加，C錯(cuò)誤；一對(duì)相互作用力大小相等，方向相反，作用的兩個(gè)物體位移不同，做功就不同，其代數(shù)和不一定為零，D錯(cuò)誤． 3．兩輛相同的汽車(chē)，一輛空載，一輛滿載，在同一水平公路路面上(路面粗糙程度不變)直線行駛，下面關(guān)于兩車(chē)車(chē)速、動(dòng)能、慣性、質(zhì)量和滑行路程的討論，正確的是(　　) A．車(chē)速較大的汽車(chē)，它的慣性較大 B．動(dòng)能較大的汽車(chē)，它的慣性較大 C．行駛速度相同時(shí)，質(zhì)量較大的汽車(chē)，剎車(chē)后滑行的路程較長(zhǎng) D．以額定功率勻速行駛時(shí)，質(zhì)量較小的汽車(chē)，剎車(chē)后滑行的路程較長(zhǎng) 答案　D 4．如圖1所示，兩個(gè)物體與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)相等，它們的質(zhì)量也相等．在甲圖中用力F1拉物體，在乙

5、圖中用力F2推物體，夾角均為α，兩個(gè)物體都做勻速直線運(yùn)動(dòng)，通過(guò)相同的位移．設(shè)F1和F2對(duì)物體所做的功分別為W1和W2，物體克服摩擦力做的功分別為W3和W4，下列判斷正確的是(　　) 圖1 A．F1＝F2 B．W1＝W2 C．W3＝W4 D．W1－W3＝W2－W4 答案　D 5．如圖2所示，質(zhì)量為m的小球(可以看成質(zhì)點(diǎn))，在恒力F的作用下，從地面上A點(diǎn)由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)．途經(jīng)桌面處B點(diǎn)到達(dá)C點(diǎn)，現(xiàn)以桌面為參考平面，已知H

6、大 D．整個(gè)過(guò)程小球的機(jī)械能守恒 答案　C 解析　功的大小比較看絕對(duì)值，h>H，則mgh＞mgH，故A錯(cuò)誤；重力勢(shì)能的大小看位置高低，A點(diǎn)最低，B錯(cuò)誤；恒力F始終做正功，所以小球的機(jī)械能一直變大，C正確，D錯(cuò)誤． 6．如圖3所示，質(zhì)量相同的物體A與B通過(guò)一輕繩繞過(guò)光滑固定的輕質(zhì)定滑輪系在一起，B在光滑斜面上，與B相連的輕繩與斜面平行．開(kāi)始時(shí)用手托著A使它們都靜止，然后放手，在A未到達(dá)地面、B未到達(dá)斜面頂端之前(　　) 圖3 A．物體A的動(dòng)能總比物體B的動(dòng)能大 B．輕繩對(duì)物體A不做功 C．物體A和B組成的系統(tǒng)的機(jī)械能不守恒 D．物體B的機(jī)械能一定變大 答案　D 解析　由

7、題意知，A、B兩物體的速率始終相等，所以兩物體的動(dòng)能相等，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；輕繩的拉力對(duì)A做負(fù)功，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；A、B組成的系統(tǒng)中只有重力做功，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；繩子拉力對(duì)B做正功，B的機(jī)械能一定變大，選項(xiàng)D正確． 7．根據(jù)國(guó)家標(biāo)準(zhǔn)規(guī)定，電動(dòng)自行車(chē)的最高速度不得超過(guò)20 km/h.一個(gè)高中生騎電動(dòng)自行車(chē)按規(guī)定的最高速度勻速行駛時(shí)，電動(dòng)車(chē)所受的阻力是總重力的0.2倍．已知人和車(chē)的總質(zhì)量約為60 kg，則此時(shí)電動(dòng)車(chē)電機(jī)的輸出功率約為(　　) A．70 W B．140 W C．700 W D．1 400 W 答案　C 8．如圖4所示，某高三男生以立定跳遠(yuǎn)的方式躍過(guò)一條1.8 m

8、寬的水溝，其起跳、騰空、落地的過(guò)程如圖所示，他這一次跳躍所消耗的能量最接近(　　) 圖4 A．60 J B．600 J C．1 200 J D．2 000 J 答案　B 解析　設(shè)男生質(zhì)量為60 kg.G＝mg＝600 N，跳起高度大約1 m，消耗的能量E＝mgh＝600 J. 9. 如圖5所示，小球甲從豎直固定的半徑為R的光滑圓弧軌道頂端由靜止?jié)L下，圓弧底端切線水平；同質(zhì)量的小球乙從高為R的光滑斜面頂端由靜止?jié)L下．下列判斷錯(cuò)誤的是(　　) 圖5 A．兩小球到達(dá)底端時(shí)速度相同 B．兩小球運(yùn)動(dòng)到底端的過(guò)程中重力做功相同 C．兩小球到達(dá)底端時(shí)動(dòng)能相同 D．兩小球到達(dá)

9、底端時(shí)，乙重力做功的瞬時(shí)功率大于甲重力做功的瞬時(shí)功率 答案　A 解析　根據(jù)動(dòng)能定理得，mgR＝mv2，知兩小球到達(dá)底端的動(dòng)能相等，速度大小相等，但是速度的方向不同，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤，C正確；兩小球運(yùn)動(dòng)到底端的過(guò)程中，下落的高度相同，則重力做功相同，故選項(xiàng)B正確；兩小球到達(dá)底端的速度大小相等，甲球的重力與速度方向垂直，瞬時(shí)功率為零，乙球的重力與速度方向不垂直，瞬時(shí)功率不為零，則乙球的重力做功的瞬時(shí)功率大于甲球的重力做功的瞬時(shí)功率，故選項(xiàng)D正確． 10．同一輛貨車(chē)兩次勻速駛上同一坡路(路面粗糙程度相同)，在空載時(shí)上坡的速度為v1，牽引力為F1；在滿載時(shí)上坡的速度為v2，牽引力為F2.已知兩次上坡

10、過(guò)程該貨車(chē)的輸出功率相同，不計(jì)空氣阻力，則(　　) A．v1＜v2 B．v1＞v2 C．F1＞F2 D．F1＝F2 答案　B 解析　貨車(chē)勻速上坡時(shí)的牽引力F＝mgsin θ＋μmgcos θ，空載時(shí)的牽引力F1小于滿載時(shí)的牽引力F2，選項(xiàng)C、D均錯(cuò)；由P＝Fv相同，可知v1＞v2，選項(xiàng)B正確． 11．如圖6所示，斜面高h(yuǎn)，質(zhì)量為m的物塊，在沿斜面向上的恒力F作用下，能勻速沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，若把此物塊放在斜面頂端，在沿斜面向下同樣大小的恒力F作用下，物塊由靜止向下滑動(dòng)，滑至底端時(shí)其動(dòng)能的大小為(不計(jì)空氣阻力)(　　) 圖6 A．mgh B．2mgh C．2Fh D．Fh

11、 答案　B 解析　物塊勻速向上運(yùn)動(dòng)，即向上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中物塊的動(dòng)能不變，由動(dòng)能定理知物塊向上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中外力對(duì)物塊做的總功為0， 即WF－mgh－Wf＝0 ① 物塊向下運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，恒力F與摩擦力分別對(duì)物塊做的功與向上運(yùn)動(dòng)時(shí)相同，設(shè)滑至底端時(shí)的動(dòng)能為Ek，由動(dòng)能定理知WF＋mgh－Wf＝Ek－0 ② 將①式變形有WF－Wf＝mgh， 代入②式有Ek＝2mgh，則B選項(xiàng)正確． 12．三峽水力發(fā)電站是我國(guó)最大的水力發(fā)電站，三峽水庫(kù)水位落差約100 m，水的流量約1.35×104 m3/s，船只通航需要3 500 m3/s的流量，其余流量全部用來(lái)發(fā)電，水流沖擊水輪

12、機(jī)發(fā)電時(shí)，水流減少的機(jī)械能有20%轉(zhuǎn)化為電能．按照以上數(shù)據(jù)估算，如果三峽電站全部用于城市生活用電，它可以滿足約多少個(gè)百萬(wàn)人口城市生活用電．(設(shè)三口之家平均每家每月用電240度)(　　) A．2個(gè) B．6個(gè) C．18個(gè) D．90個(gè) 答案　C 解析　每秒用于發(fā)電的水的重力勢(shì)能約為1×1010 J，轉(zhuǎn)化為電能有2×109 J，每月就是5.2×1015 J，等于1.44×109度電，大約可供600萬(wàn)個(gè)三口之家使用，也就是1 800萬(wàn)人口，18個(gè)百萬(wàn)人口，故C正確． 13．2016年12月18日，國(guó)內(nèi)單機(jī)容量最大的抽水蓄能電站——浙江仙居抽水蓄能電站全面投產(chǎn)．其工作原理是：在用電低谷時(shí)(如

13、深夜)，電站利用電網(wǎng)多余電能把水抽到高處蓄水池中，到用電高峰時(shí)，再利用蓄水池中的水發(fā)電．如圖7所示，若該電站蓄水池(上水庫(kù))有效總庫(kù)容量(可用于發(fā)電)為 8.78×106 m3，發(fā)電過(guò)程中上下水庫(kù)平均水位差 671 m，年抽水用電量為 3.2×109 kW·h，年發(fā)電量為 2.5×109 kW·h(水的密度為ρ＝1.0×103 kg/m3，重力加速度為g＝10 m/s2)，相當(dāng)于給華東電網(wǎng)建了一個(gè)“大蓄電池”，以下水庫(kù)水面為零勢(shì)能面. 則下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖7 A．抽水蓄能電站的總效率約為 65% B．發(fā)電時(shí)流入下水庫(kù)的水流速度最大可達(dá) 150 m/s C．蓄水池中能用于發(fā)

14、電的水的重力勢(shì)能約為Ep＝6.0×1015 J D．該電站平均每天所發(fā)電能可供給一個(gè)大城市居民用電(電功率以106 kW 計(jì)算)約7 h 答案　D 解析　已知年抽水用電量為3.2×109 kW·h，年發(fā)電量為2.5×109 kW·h，則抽水蓄能電站的總效率為η＝×100%≈78.1%，故A錯(cuò)誤．若沒(méi)有任何阻力，由機(jī)械能守恒得mgh＝mv2，得v＝＝ m/s≈116 m/s，由題知，水流下的過(guò)程中受到阻力，所以發(fā)電時(shí)流入下水庫(kù)的水流速度小于116 m/s，故B錯(cuò)誤．蓄水池中能用于發(fā)電的水的重力勢(shì)能為Ep＝mgh＝ρVgh＝1.0×103×8.78×106×10×671 J≈5.9×1013

15、 J，故C錯(cuò)誤．該電站平均每天所發(fā)電量為E＝，可供給一個(gè)大城市居民用電(電功率以106 kW計(jì)算)的時(shí)間為t＝≈7 h，故D正確． 二、選擇題Ⅱ(本題共3小題，每小題2分，共6分．每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的，全部選對(duì)的得2分，選對(duì)但不全的得1分，有錯(cuò)選的得0分) 14．如圖8所示，排球運(yùn)動(dòng)員正在做顛球訓(xùn)練，若空氣阻力不能忽略，則擊球后，球從某位置離開(kāi)手豎直向上運(yùn)動(dòng)，再下落回到該位置的過(guò)程中(　　) 圖8 A．重力先做正功后做負(fù)功 B．重力做的總功不為零 C．空氣阻力做負(fù)功 D．空氣阻力做的總功等于球的動(dòng)能變化 答案　CD 解析　排球在豎直向上運(yùn)動(dòng)的

16、過(guò)程中，重力方向與位移方向相反，重力做負(fù)功，排球豎直向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，重力方向與位移方向相同，重力做正功，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；重力做功只與初、末位置有關(guān)，故在整個(gè)過(guò)程中，重力對(duì)排球做的總功為零，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，排球受的空氣阻力方向與速度方向始終相反，故空氣阻力對(duì)排球做負(fù)功，選項(xiàng)C正確；由動(dòng)能定理知，空氣阻力做的總功等于球的動(dòng)能變化，選項(xiàng)D錯(cuò)誤． 15. 如圖9所示，輕質(zhì)彈簧的一端與固定的豎直板P連接，另一端與物體A相連，物體A置于光滑水平面桌面上，過(guò)右端連接一水平細(xì)線，細(xì)線繞過(guò)光滑的輕質(zhì)定滑輪與物體B相連，A、B兩物體質(zhì)量相等．開(kāi)始A、B處于靜止?fàn)顟B(tài)，某時(shí)刻燒斷細(xì)線，下列分析正確的是(

17、　　) 圖9 A．燒斷細(xì)線的瞬時(shí)，A物體的加速度為零 B．B物體落地前，A、B組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒 C．B物體落地后，A物體與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒 D．當(dāng)彈簧的彈力為零時(shí)，A物體的動(dòng)能最大 答案　CD 解析　以A、B組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，彈簧的彈力等于B物體的重力，燒斷細(xì)線的瞬間，根據(jù)牛頓第二定律可知，mg＝ma，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B物體落地前，A物體、B物體以及彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；B物體落地后，A物體與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，選項(xiàng)C正確；以A為研究對(duì)象，當(dāng)加速度為零即彈簧的彈力為零時(shí)，速度達(dá)到最大，動(dòng)能最大，選項(xiàng)D正確． 16．如圖10所示，體重相同的

18、兩位女士到五樓上班，甲圖中的女士從一樓勻速走上去，而乙圖中的女士乘電梯從一樓(上升過(guò)程勻速)上去，若乙圖中的女士先到，則下列關(guān)于兩位女士受到的力所做的功及功率的判斷不正確的是(　　) 圖10 A．兩位女士所受支持力做功相同，乙圖中的女士克服重力做功的功率大 B．乙圖中的女士所受支持力做功大，克服重力做功的功率也大 C．兩位女士所受支持力做功相同，克服重力做功的功率也相同 D．甲圖中的女士所受支持力做功大，克服重力做功的功率也相同 答案　ACD 解析　題圖甲中的女士所受支持力不做功，克服重力做功相同，但題圖乙中的女士用的時(shí)間少，故其功率大，B項(xiàng)正確． 第Ⅱ卷 三、非選擇題(

19、本題共7小題，共55分) 17．(4分)在探究做功與物體速度變化的關(guān)系實(shí)驗(yàn)中： (1)除長(zhǎng)木板、足夠多的橡皮筋和紙帶外，還需要以下哪些器材才能完成該實(shí)驗(yàn)________．(填器材的代號(hào)，漏填或多填均不得分) (2)圖11甲、乙分別是A、B兩位同學(xué)實(shí)驗(yàn)后交上的紙帶，你認(rèn)為兩位同學(xué)操作合理的是________(填“A”或“B”)，不合理的原因是____________________________． 圖11 答案　(1)ACFG (2)B　沒(méi)有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足 解析　(1)本實(shí)驗(yàn)需要交流電源、小木塊和刻度尺；由于電源使用的是220 V的交流電壓，所以打點(diǎn)計(jì)時(shí)器

20、選用電火花計(jì)時(shí)器．(2)根據(jù)題圖甲，小木塊達(dá)到最大速度后做減速運(yùn)動(dòng)，說(shuō)明A同學(xué)沒(méi)有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足；根據(jù)題圖乙，小木塊達(dá)到最大速度后做勻速運(yùn)動(dòng)，說(shuō)明B同學(xué)已平衡摩擦力，故操作合理的同學(xué)是B. 18．(5分)在用自由落體法“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中：(g取10 m/s2) (1)運(yùn)用公式mv2＝mgh來(lái)驗(yàn)證時(shí)，對(duì)實(shí)驗(yàn)條件的要求是________，為此，所選擇的紙帶第1、2兩點(diǎn)間的距離應(yīng)接近________． (2)若實(shí)驗(yàn)中所用重錘質(zhì)量m＝1 kg，打點(diǎn)紙帶如圖12所示，打點(diǎn)時(shí)間間隔為0.02 s，則記錄B點(diǎn)時(shí)，重錘速度vB＝________，重錘動(dòng)能Ek＝________；從

21、開(kāi)始下落起至B點(diǎn)，重錘的重力勢(shì)能減小量是________．由此可得出的結(jié)論是________________．(結(jié)果均取兩位有效數(shù)字) 圖12 (3)根據(jù)紙帶算出相關(guān)各點(diǎn)的速度v，量出下落距離h，則以為縱軸，以h為橫軸畫(huà)出的圖象應(yīng)是圖中的(　　) 答案　(1)從靜止開(kāi)始下落　2 mm (2)0.79 m/s　0.31 J　0.32 J　在實(shí)驗(yàn)誤差允許的范圍內(nèi)機(jī)械能是守恒的　(3)C 解析　(1)重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能，實(shí)驗(yàn)條件的要求是從靜止開(kāi)始下落，即初速度為0，第1、2兩點(diǎn)的距離h＝gt2且t＝0.02 s，可得h＝2 mm.(2)B點(diǎn)是A、C兩點(diǎn)的中間時(shí)刻，由vB＝＝0.79

22、 m/s，重錘動(dòng)能Ek＝mv≈0.31 J．重錘重力勢(shì)能的減少量ΔEp＝mghB且hB＝32.4 mm，代入可得ΔEp≈0.32 J．減少的重力勢(shì)能近似等于重錘動(dòng)能的增加量，可得出結(jié)論：在實(shí)驗(yàn)誤差允許的范圍內(nèi)機(jī)械能是守恒的．(3)由mv2＝mgh，整理可得＝gh，所以－h(huán)圖線是一條過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線，圖線的斜率為重力加速度g，C正確． 19．(5分)某同學(xué)用如圖13甲所示裝置做“探究合力做的功與動(dòng)能改變關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)，他們將光電門(mén)固定在水平軌道上的B點(diǎn)，并用重物通過(guò)細(xì)線拉小車(chē)，然后保持小車(chē)和重物的質(zhì)量不變，通過(guò)改變小車(chē)釋放點(diǎn)到光電門(mén)的距離(s)進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)時(shí)要求每次小車(chē)都從靜止釋放．

23、 圖13 (1)用游標(biāo)卡尺測(cè)出遮光條的寬度d如圖乙所示，d＝________cm. (2)如果遮光條通過(guò)光電門(mén)的時(shí)間為t，小車(chē)到光電門(mén)的距離為s.該同學(xué)通過(guò)描點(diǎn)作出線性圖象來(lái)反映合力做的功與動(dòng)能改變關(guān)系，則他作的圖象是下列哪一個(gè)時(shí)才能符合實(shí)驗(yàn)要求________． A．s－t B．s－t2 C．s－t－1 D．s－t－2 (3)下列哪些實(shí)驗(yàn)操作能夠減小實(shí)驗(yàn)誤差________． A．調(diào)整軌道的傾角，在未掛重物時(shí)使小車(chē)能在軌道上勻速運(yùn)動(dòng) B．必須滿足重物的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(chē)的質(zhì)量 C．必須保證小車(chē)從靜止?fàn)顟B(tài)開(kāi)始釋放 答案　(1)1.075　(2)D　(3)C 解析　(

24、1)游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為1 cm，游標(biāo)尺讀數(shù)為15×0.05 mm＝0.75 mm＝0.075 cm，所以最終讀數(shù)為：1 cm＋0.075 cm＝1.075 cm； (2)數(shù)字計(jì)時(shí)器記錄遮光條通過(guò)光電門(mén)的時(shí)間，由位移公式計(jì)算出小車(chē)通過(guò)光電門(mén)的平均速度，用該平均速度代替小車(chē)的瞬時(shí)速度，故在遮光條經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)小車(chē)的瞬間速度為：v＝，根據(jù)動(dòng)能定理：Fs＝mv2＝m()2，可見(jiàn)s與t2成反比，即與成正比，故應(yīng)作出s－t－2圖象．故選D. (3)經(jīng)前面分析知，要使s－t－2圖象為過(guò)原點(diǎn)的直線，應(yīng)保證小車(chē)初動(dòng)能為零，即必須保證小車(chē)從靜止?fàn)顟B(tài)開(kāi)始釋放，故選C. 20.(9分)(xx·寧波市9月聯(lián)考)如

25、圖14所示，固定斜面的傾角θ＝30°，物體A與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ＝，輕彈簧下端固定在斜面底端，彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)上端位于C點(diǎn)，物體A的質(zhì)量為m＝2 kg，初始時(shí)物體A到C點(diǎn)的距離為L(zhǎng)＝1 m，現(xiàn)給A一初速度v0＝3 m/s，使A開(kāi)始沿斜面向下運(yùn)動(dòng)，物體A將彈簧壓縮到最短后又恰好能彈到C點(diǎn)．不計(jì)空氣阻力，g＝10 m/s2，求此過(guò)程中： 圖14 (1)物體A第一次經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)的速度大小； (2)彈簧的最大壓縮量； (3)彈簧獲得的最大彈性勢(shì)能． 答案　(1)4 m/s　(2) m　(3) J 解析　(1)設(shè)物體A向下運(yùn)動(dòng)剛到C點(diǎn)時(shí)速度為v mgLsin θ－μmgcos θ·L

26、＝mv2－mv， 可解得v＝4 m/s (2)設(shè)彈簧的最大壓縮量為x mv2＝μmgcos θ·2x，解得x＝ m (3)設(shè)彈簧的最大彈性勢(shì)能為Epm mgxsin θ－μ·mgcos θ·x－Epm＝0－mv2， 解得Epm＝ J. 21．(10分)(xx·金華市9月十校聯(lián)考)如圖15所示，水平面上的A點(diǎn)有一固定的理想彈簧發(fā)射裝置，發(fā)射裝置內(nèi)壁光滑，A為發(fā)射口所在的位置，B點(diǎn)與在豎直面內(nèi)、內(nèi)壁光滑的鋼管彎成的“9”形固定軌道平滑相接，鋼管內(nèi)徑很小，“9”字全高H＝1 m；“9”字上半部分圓弧半徑R＝0.1 m，圓弧為圓周；當(dāng)彈簧壓縮量為2 cm(彈性限度內(nèi))時(shí)，啟動(dòng)發(fā)射裝置，恰

27、能使質(zhì)量m＝0.1 kg的滑塊沿軌道上升到最高點(diǎn)C，已知彈簧彈性勢(shì)能與壓縮量的平方成正比，AB間距離為L(zhǎng)＝4 m，滑塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2，重力加速度g＝10 m/s2，求： 圖15 (1)當(dāng)彈簧壓縮量為2 cm時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能； (2)當(dāng)彈簧壓縮量為3 cm(彈性限度內(nèi))時(shí)，啟動(dòng)發(fā)射裝置，滑塊滑到軌道最高點(diǎn)C時(shí)對(duì)軌道的作用力； (3)當(dāng)彈簧壓縮量為3 cm時(shí)，啟動(dòng)發(fā)射裝置，滑塊從D點(diǎn)水平拋出后的水平射程． 答案　(1)1.8 J　(2)44 N，方向豎直向上　(3)2.8 m 解析　(1)根據(jù)能量守恒定律得，Ep＝μmgL＋mgH，解得Ep＝1.8 J (2)因

28、為彈簧彈性勢(shì)能與壓縮量的平方成正比，彈簧壓縮量為3 cm時(shí)，Ep′＝Ep 根據(jù)能量守恒定律得，Ep′＝μmgL＋mgH＋mv 由牛頓第二定律得：FN＋mg＝m，解得FN＝44 N 由牛頓第三定律可知，滑塊滑到軌道最高點(diǎn)C時(shí)對(duì)軌道作用力的大小FN′＝44 N，方向豎直向上． (3)根據(jù)能量守恒定律Ep′＝μmgL＋mg(H－2R)＋mv，解得vD＝7 m/s， 由平拋運(yùn)動(dòng)得，H－2R＝gt2，x＝vDt 故水平射程x＝2.8 m. 22．(10分)如圖16所示，質(zhì)量m＝1 kg的小物塊靜止放在粗糙水平桌面上，它與水平桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.4，且與水平桌面邊緣O點(diǎn)的距離s＝8 m

29、．在緊靠桌面邊緣右側(cè)固定了一個(gè)圓弧擋板，半徑R＝3 m，圓心與桌面同高．以O(shè)點(diǎn)為原點(diǎn)建立平面直角坐標(biāo)系．現(xiàn)用F＝8 N的水平恒力拉動(dòng)小物塊，一段時(shí)間后撤去拉力，小物塊最終水平拋出并擊中擋板．(g取10 m/s2) 圖16 (1)若小物塊恰能擊中圓弧擋板最低點(diǎn)，求其離開(kāi)O點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能大小； (2)在第(1)問(wèn)中拉力F作用的時(shí)間； (3)若小物塊在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為0.6 s，則拉力F作用的距離． 答案　(1)7.5 J　(2) s　(3) m 解析　(1)小物塊離開(kāi)O點(diǎn)后開(kāi)始做平拋運(yùn)動(dòng)， 故：R＝v0t，R＝gt2，又EkO＝mv 解得EkO＝7.5 J； (2)由開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到小

30、物塊到達(dá)O點(diǎn)由動(dòng)能定理得： F·x－μmgs＝mv，得x＝ m 由牛頓第二定律得F－μmg＝ma，得a＝4 m/s2 由x＝at2，得t＝ s (3)小物塊離開(kāi)O點(diǎn)后開(kāi)始做平拋運(yùn)動(dòng)，由下落時(shí)間可知下落距離y＝gt2，得y＝1.8 m. ①若小物塊落到半圓的左半邊，則平拋運(yùn)動(dòng)水平位移 x1＝R－＝0.6 m v1＝＝1 m/s 由動(dòng)能定理得F·L1－μmgs＝mv 得L1＝ m ②若小物塊落到半圓的右半邊，同理可得v2＝9 m/s 由動(dòng)能定理得F·L2－μmgs＝mv 解得L2＝ m>8 m(舍去)． 23．(12分)(xx·超級(jí)全能生8月聯(lián)考)探究平拋運(yùn)動(dòng)實(shí)驗(yàn)裝置如圖

31、17所示，半徑為L(zhǎng)的四分之一圓軌道(可視為光滑)固定于水平桌面上，切口水平且與桌邊對(duì)齊，切口離地面高度為2L.離切口水平距離為L(zhǎng)的一探測(cè)屏AB豎直放置，一端放在水平面上，其高為2L.一質(zhì)量為m的小球從圓軌道上不同的位置靜止釋放打在探測(cè)屏上．若小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中空氣阻力不計(jì)，小球可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度為g.求： 圖17 (1)小球從圖示位置P處?kù)o止釋放，到達(dá)圓軌道最低點(diǎn)Q處速度大小及小球?qū)A軌道壓力； (2)為讓小球能打在探測(cè)屏上，小球應(yīng)從圓軌道上什么范圍內(nèi)靜止釋放？ (3)小球從什么位置靜止釋放，小球打在屏上時(shí)動(dòng)能最小，最小動(dòng)能為多少？ 答案　見(jiàn)解析 解析　(1)小球從P處下滑到

32、Q點(diǎn)，由機(jī)械能守恒可得mgL＝mv2 得v＝ 在Q點(diǎn)對(duì)小球受力分析得FN－mg＝ 代入得FN＝3mg 根據(jù)牛頓第三定律，小球?qū)壍缐毫Υ笮?mg，方向豎直向下 (2)小球從軌道上某點(diǎn)C下滑到Q處平拋，恰好打在B點(diǎn)，則根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律 豎直方向2L＝gt2 得t＝2 水平方向vQ＝ 從C到Q根據(jù)機(jī)械能守恒得 mghC＝mv 得hC＝ 即小球從PC范圍內(nèi)從靜止釋放均能打到探測(cè)屏上． (3)設(shè)從Q處以速度v0射出，打到探測(cè)屏上距A點(diǎn)h處，其動(dòng)能Ek＝mv＋mgh 而h＝gt2＝()2 得Ek＝mv＋mg2 得v0＝時(shí)Ek最小 Ekmin＝mgL 由機(jī)械能守恒得mgH＝mv H＝ 故釋放點(diǎn)位置離Q的豎直高度為