2018-2019學(xué)年高中數(shù)學(xué) 第三章 數(shù)學(xué)歸納法與貝努利不等式 3.1.2 數(shù)學(xué)歸納法應(yīng)用舉例導(dǎo)學(xué)案 新人教B版選修4-5

《2018-2019學(xué)年高中數(shù)學(xué) 第三章 數(shù)學(xué)歸納法與貝努利不等式 3.1.2 數(shù)學(xué)歸納法應(yīng)用舉例導(dǎo)學(xué)案 新人教B版選修4-5》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2018-2019學(xué)年高中數(shù)學(xué) 第三章 數(shù)學(xué)歸納法與貝努利不等式 3.1.2 數(shù)學(xué)歸納法應(yīng)用舉例導(dǎo)學(xué)案 新人教B版選修4-5（9頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、3.1.2　數(shù)學(xué)歸納法應(yīng)用舉例 1.進(jìn)一步理解數(shù)學(xué)歸納法原理. 2.會(huì)用數(shù)學(xué)歸納法證明整除問題以及平面幾何中的有關(guān)問題. 知識(shí)點(diǎn)1　用數(shù)學(xué)歸納法證明整除性問題 【例1】 已知數(shù)列{an}滿足a1＝0，a2＝1，當(dāng)n∈N*時(shí)，an＋2＝an＋1＋an，求證：數(shù)列{an}的第4m＋1項(xiàng)(m∈N*)能被3整除. 證明　(1)當(dāng)m＝1時(shí)， a4m＋1＝a5＝a4＋a3＝(a3＋a2)＋(a2＋a1) ＝(a2＋a1)＋2a2＋a1＝3a2＋2a1＝3＋0＝3. 即當(dāng)m＝1時(shí)，第4m＋1項(xiàng)能被3整除. (2)假設(shè)當(dāng)m＝k時(shí)，a4k＋1能被3整除，則當(dāng)m＝k＋1時(shí)，a4(k＋1)

2、＋1＝a4k＋5＝a4k＋4＋a4k＋3＝2a4k＋3＋a4k＋2 ＝2(a4k＋2＋a4k＋1)＋a4k＋2＝3a4k＋2＋2a4k＋1. 顯然，3a4k＋2能被3整除，又由假定知a4k＋1能被3整除. ∴3a4k＋2＋2a4k＋1能被3整除. 即當(dāng)m＝k＋1時(shí)，a4(k＋1)＋1也能被3整除. 由(1)和(2)知，對(duì)于n∈N*，數(shù)列{an}中的第4m＋1項(xiàng)能被3整除. ●反思感悟：本題若從遞推式入手，設(shè)法求出通項(xiàng)公式，會(huì)相當(dāng)困難.這時(shí)，可轉(zhuǎn)向用數(shù)學(xué)歸納法證明. 1.用數(shù)學(xué)歸納法證明：(x＋1)n＋1＋(x＋2)2n－1 (n∈N*)能被x2＋3x＋3整除. 證明　(1)

3、當(dāng)n＝1時(shí)，(x＋1)1＋1＋(x＋2)2－1＝x2＋3x＋3， 顯然命題成立. (2)假設(shè)n＝k (k≥1)時(shí)，命題成立， 即(x＋1)k＋1＋(x＋2)2k－1能被x2＋3x＋3整除， 則當(dāng)n＝k＋1時(shí)，(x＋1)k＋2＋(x＋2)2k＋1＝(x＋1)k＋2＋(x＋1)(x＋2)2k－1＋(x＋2)2k＋1－(x＋1)(x＋2)2k－1 ＝(x＋1)[(x＋1)k＋1＋(x＋2)2k－1]＋(x＋2)2k－1(x2＋3x＋3). 由假設(shè)可知上式可被x2＋3x＋3整除， 即n＝k＋1時(shí)命題成立.由(1)(2)可知原命題成立. 知識(shí)點(diǎn)2　探索問題 【例2】 若不等式＋＋＋…＋

4、>對(duì)一切正整數(shù)n都成立，求正整數(shù)a的最大值，并證明你的結(jié)論. 解　取n＝1，＋＋＝， 令>?a<26，而a∈N*，∴取a＝25. 下面用數(shù)學(xué)歸納法證明： ＋＋…＋>. (1)n＝1時(shí)，已證結(jié)論正確. (2)假設(shè)n＝k (k∈N*)時(shí)， ＋＋…＋>， 則當(dāng)n＝k＋1時(shí)，有＋＋…＋＋＋＋ ＝＋ >＋. ∵＋＝>， ∴＋－>0. ∴＋＋…＋>. 即n＝k＋1時(shí)，結(jié)論也成立. 由(1)(2)可知，對(duì)一切n∈N*，都有 ＋＋…＋>.故a的最大值為25. ●反思感悟：探索性問題一般從考查特例入手，歸納出一般結(jié)論，然后用數(shù)學(xué)歸納法證明，體現(xiàn)了從特殊到一般的數(shù)學(xué)思想.

5、2.已知f(n)＝(2n＋7)·3n＋9，是否存在正整數(shù)m，使得對(duì)任意n∈N*，都能使m整除f(n)？如果存在，求出m最大的值，并證明你的結(jié)論；若不存在，說明理由. 解　f(1)＝36，f(2)＝108，f(3)＝360 猜想：能整除f(n)的最大整數(shù)是36. 證明如下： 用數(shù)學(xué)歸納法. (1)當(dāng)n＝1時(shí)，f(1)＝(2×1＋7)×3＋9＝36，能被36整除. (2)假設(shè)n＝k (k≥1)時(shí)，f(k)能被36整除， 即(2k＋7)·3k＋9能被36整除. 則當(dāng)n＝k＋1時(shí)， f(k＋1)＝[2(k＋1)＋7]·3k＋1＋9 ＝3[(2k＋7)·3k＋9]＋18(3k－1－1

6、). 由歸納假設(shè)3[(2k＋7)·3k＋9]能被36整除， 而3k－1－1是偶數(shù). ∴18(3k－1－1)能被36整除. ∴當(dāng)n＝k＋1時(shí)，f(n)能被36整除. 由(1)(2)可知，對(duì)任意n∈N*，f(n)能被36整除. 知識(shí)點(diǎn)3　用數(shù)學(xué)歸納法證明幾何問題 【例3】 平面上有n個(gè)圓，每?jī)蓤A交于兩點(diǎn)，每三圓不過同一點(diǎn)，求證這n個(gè)圓分平面為n2－n＋2個(gè)部分. 證明　(1)當(dāng)n＝1時(shí)，n2－n＋2＝1－1＋2＝2， 而一圓把平面分成兩部分，所以n＝1命題成立. (2)設(shè)n＝k時(shí)，k個(gè)圓分平面為k2－k＋2個(gè)部分， 則n＝k＋1時(shí)，第k＋1個(gè)圓與前k個(gè)圓有2k個(gè)交點(diǎn)， 這2

7、k個(gè)交點(diǎn)分第k＋1個(gè)圓為2k段， 每一段都將原來所在的平面一分為二， 故增加了2k個(gè)平面塊， 共有：(k2－k＋2)＋2k＝(k＋1)2－(k＋1)＋2個(gè)部分. ∴對(duì)n＝k＋1也成立. 由(1)(2)可知，這n個(gè)圓分割平面為n2－n＋2個(gè)部分. ●反思感悟：如何應(yīng)用歸納假設(shè)及已知條件，其關(guān)鍵是分析k增加“1”時(shí)，研究第(k＋1)個(gè)圓與其他k個(gè)圓的交點(diǎn)個(gè)數(shù)問題，通常要結(jié)合圖形分析. 3.證明：凸n邊形的對(duì)角線的條數(shù)f(n)＝n(n－3) (n≥4). 證明　(1)n＝4時(shí)，f(4)＝×4×(4－3)＝2， 四邊形有兩條對(duì)角線，命題成立. (2)假設(shè)n＝k (k≥4)時(shí)命題

8、成立， 即凸k邊形的對(duì)角線的條數(shù)f(k)＝k(k－3). 當(dāng)n＝k＋1時(shí)，凸k＋1邊形是在k邊形的基礎(chǔ)上增加了一邊，增加了一個(gè)頂點(diǎn)Ak＋1，增加的對(duì)角線條數(shù)是頂點(diǎn)Ak＋1與不相鄰頂點(diǎn)連線再加上原k邊形的一邊A1Ak，共增加的對(duì)角線條數(shù)為： (k＋1－3)＋1＝k－1， f(k＋1)＝k(k－3)＋k－1＝(k2－k－2) ＝(k＋1)(k－2)＝(k＋1)[(k＋1)－3]. 故n＝k＋1時(shí)，命題也成立. 由(1)(2)可知，對(duì)n≥4，n∈N*公式成立. 課堂小結(jié) 1.用數(shù)學(xué)歸納法可證明有關(guān)的正整數(shù)問題，但并不是所有的正整數(shù)問題都是用數(shù)學(xué)歸納法證明的，學(xué)習(xí)時(shí)要具體問題具體分

9、析. 2.運(yùn)用數(shù)學(xué)歸納法時(shí)易犯的錯(cuò)誤 (1)對(duì)項(xiàng)數(shù)估算的錯(cuò)誤，特別是尋找n＝k與n＝k＋1的關(guān)系時(shí)，項(xiàng)數(shù)發(fā)生什么變化被弄錯(cuò). (2)沒有利用歸納假設(shè)：歸納假設(shè)是必須要用的，假設(shè)是起橋梁作用的，橋梁斷了就通不過去了. (3)關(guān)鍵步驟含糊不清，“假設(shè)n＝k時(shí)結(jié)論成立，利用此假設(shè)證明n＝k＋1時(shí)結(jié)論也成立”，是數(shù)學(xué)歸納法的關(guān)鍵一步，也是證明問題最重要的環(huán)節(jié)，對(duì)推導(dǎo)的過程要把步驟寫完整，注意證明過程的嚴(yán)謹(jǐn)性、規(guī)范性. 隨堂演練 1.求證：an＋1＋(a＋1)2n－1能被a2＋a＋1整除，n∈N*. 證明　(1)當(dāng)n＝1時(shí)，a1＋1＋(a＋1)2×1－1＝a2＋a＋1，命題顯然成立.

10、 設(shè)n＝k (k≥1)時(shí)，ak＋1＋(a＋1)2k－1能被a2＋a＋1整除，則當(dāng)n＝k＋1時(shí)， ak＋2＋(a＋1)2k＋1＝a·ak＋1＋(a＋1)2·(a＋1)2k－1 ＝a[ak＋1＋(a＋1)2k－1]＋(a＋1)2(a＋1)2k－1－a(a＋1)2k－1 ＝a[ak＋1＋(a＋1)2k－1]＋(a2＋a＋1)(a＋1)2k－1. 由歸納假設(shè)，知上式中的兩項(xiàng)均能被a2＋a＋1整除， 故n＝k＋1時(shí)命題成立. 由(1)(2)知，對(duì)n∈N*，命題成立. 2.設(shè)x1、x2是方程x2－2ax＋b＝0 (a，b∈Z)的兩個(gè)根，求證：x＋x (n∈N)是偶數(shù). 證明　(1)當(dāng)n＝1

11、時(shí)，由韋達(dá)定理知x1＋x2＝2a， 而a∈Z，所以2a為偶數(shù)，命題成立. (2)假設(shè)n＝k時(shí)命題成立，即x1＋x2，…，x＋x，x＋x為偶數(shù)， 那么x＋x＝(x＋x)(x1＋x2)－x1x2(x＋x). 假設(shè)x＋x，x＋x是偶數(shù)，所以，x＋x為偶數(shù)，即n＝k＋1時(shí)命題成立. 由(1)和(2)知，對(duì)n∈N命題均成立. 基礎(chǔ)達(dá)標(biāo) 1.一批花盆堆成三角形垛，頂層一個(gè)，以下各層排成正三角形，第n層和第n＋1層花盆總數(shù)分別是f(n)和f(n＋1)，則f(n)與f(n＋1)的關(guān)系為(　　) A.f(n＋1)－f(n)＝n＋1　　　B.f(n＋1)－f(n)＝n C.f(n＋1)－f(

12、n)＝2n D.f(n＋1)－f(n)＝1 答案　A 2.n條共面直線任何兩條不平行，任何三條不共點(diǎn)，設(shè)其交點(diǎn)個(gè)數(shù)為f(n)，則f(n＋1)－f(n)等于(　　) A.n B.n＋1 C.n(n－1) D.n(n＋1) 答案　A 3.設(shè)f(n)＝＋＋＋＋…＋ (n∈N*)，那么f(n＋1)－f(n)等于(　　) A. B. C.＋ D.＋－ 答案　D 4.記凸k邊形對(duì)角線的條數(shù)為f(k)(k≥4)，那么由k到k＋1時(shí)，對(duì)角線條數(shù)增加了________條. 解析　∵f(k)＝k(k－3)，f(k＋1)＝(k＋1)(k－2)，f(k＋1)－f(k)＝k－1. 答案

13、　k－1 5.用數(shù)學(xué)歸納法證明1＋2＋22＋…＋25n－1是31的整數(shù)倍時(shí)，當(dāng)n＝1時(shí)，左式等于________. 答案　1＋2＋22＋23＋24 6.已知Sn＝1＋＋＋＋…＋(n>1，n∈N*). 求證：S2n>1＋(n≥2，n∈N*). 證明　(1)當(dāng)n＝2時(shí)，S22＝1＋＋＋＝>1＋，不等式成立. (2)假設(shè)n＝k (k≥2)時(shí)不等式成立，即 S2k＝1＋＋＋＋…＋>1＋， 當(dāng)n＝k＋1時(shí)， S2k＋1＝1＋＋＋＋…＋＋＋…＋ >1＋＋＋…＋>1＋＋ ＝1＋＋＝1＋. 故當(dāng)n＝k＋1時(shí)不等式也成立， 綜合(1)(2)知，對(duì)任意n∈N*，n≥2， 不等式S2n

14、>1＋都成立. 綜合提高 7.用數(shù)學(xué)歸納法證明“當(dāng)n為正奇數(shù)時(shí)，xn＋yn能被x＋y整除”，第二步歸納假設(shè)應(yīng)該寫成(　　) A.假設(shè)當(dāng)n＝k(k∈N＋)時(shí)，xk＋yk能被x＋y整除 B.假設(shè)當(dāng)n＝2k(k∈N＋)時(shí)，xk＋yk能被x＋y整除 C.假設(shè)當(dāng)n＝2k＋1(k∈N＋)時(shí)，xk＋yk能被x＋y整除 D.假設(shè)當(dāng)n＝2k－1(k∈N＋)時(shí)，xk＋yk能被x＋y整除 解析　由數(shù)學(xué)歸納的證明思想判斷，應(yīng)選D. 答案　D 8.用數(shù)學(xué)歸納法證明“

15、，命題正確.此種證法(　　) A.是正確的 B.歸納假設(shè)寫法不正確 C.從k到k＋1推理不嚴(yán)密 D.從k到k＋1推理過程未使用歸納假設(shè) 答案　D 9.設(shè)數(shù)列前n項(xiàng)和為Sn，則S1＝________，S2＝________，S3＝________，S4＝________，并由此猜想出Sn＝________. 答案　　　　　 10.已知f(n)＝1＋＋＋…＋ (n∈N*)，用數(shù)學(xué)歸納法證明不等式f(2n)>時(shí)，f(2k＋1)比f(2k)多的項(xiàng)數(shù)是________. 答案　2k 11.平面內(nèi)有n條直線，其中任何兩條不平行，任何三條不共點(diǎn)，求證：這n條直線把平面分成f(n)＝個(gè)部分

16、. 證明　(1)當(dāng)n＝1時(shí)，一條直線把平面分成兩部分， 而f(1)＝＝2，∴命題成立. (2)假設(shè)當(dāng)n＝k (k≥1)時(shí)命題成立，即k條直線把平面分成f(k)＝個(gè)部分. 則當(dāng)n＝k＋1時(shí)，即增加一條直線l，因?yàn)槿魏蝺蓷l直線不平行，所以l與k條直線都相交，有k個(gè)交點(diǎn)；又因?yàn)槿魏稳龡l直線不共點(diǎn)，所以這k個(gè)交點(diǎn)不同于k條直線的交點(diǎn)，且k個(gè)交點(diǎn)也互不相同，如此k個(gè)交點(diǎn)把直線l分成k＋1段，每一段把它所在的平面區(qū)域分成兩部分，故新增加了k＋1個(gè)平面部分. ∵f(k＋1)＝f(k)＋k＋1 ＝＋k＋1 ＝＝ ∴當(dāng)n＝k＋1時(shí)命題成立. 由(1)(2)可知，當(dāng)n∈N*時(shí)，命題成立. 12

17、.已知集合X＝{1，2，3}，Yn＝{1，2，3，…，n}(n∈N*)，設(shè)Sn＝{(a，b)|a整除b或b整除a，a∈X，b∈Yn}，令f(n)表示集合Sn所含元素的個(gè)數(shù). (1)寫出f(6)的值； (2)當(dāng)n≥6時(shí)，寫出f(n)的表達(dá)式，并用數(shù)學(xué)歸納法證明. 解　(1)Y6＝{1，2，3，4，5，6}，S6中的元素(a，b)滿足： 若a＝1，則b＝1，2，3，4，5，6；若a＝2，則b＝1，2，4，6； 若a＝3，則b＝1，3，6.所以f(6)＝13. (2)當(dāng)n≥6時(shí)， f(n)＝(t∈N*). 下面用數(shù)學(xué)歸納法證明： ①當(dāng)n＝6時(shí)，f(6)＝6＋2＋＋＝13，結(jié)論成立；

18、 ②假設(shè)n＝k(k≥6)時(shí)結(jié)論成立，那么n＝k＋1時(shí)，Sk＋1在Sk的基礎(chǔ)上新增加的元素在(1，k＋1)，(2，k＋1)，(3，k＋1)中產(chǎn)生，分以下情形討論： 1)若k＋1＝6t，則k＝6(t－1)＋5，此時(shí)有 f(k＋1)＝f(k)＋3＝k＋2＋＋＋3 ＝(k＋1)＋2＋＋，結(jié)論成立； 2)若k＋1＝6t＋1，則k＝6t，此時(shí)有 f(k＋1)＝f(k)＋1＝k＋2＋＋＋1 ＝(k＋1)＋2＋＋，結(jié)論成立； 3)若k＋1＝6t＋2，則k＝6t＋1，此時(shí)有 f(k＋1)＝f(k)＋2＝k＋2＋＋＋2 ＝(k＋1)＋2＋＋，結(jié)論成立； 4)若k＋1＝6t＋3，則k＝6t＋2，此時(shí)有 f(k＋1)＝f(k)＋2＝k＋2＋＋＋2 ＝(k＋1)＋2＋＋，結(jié)論成立； 5)若k＋1＝6t＋4，則k＝6t＋3，此時(shí)有 f(k＋1)＝f(k)＋2＝k＋2＋＋＋2 ＝(k＋1)＋2＋＋，結(jié)論成立； 6)若k＋1＝6t＋5，則k＝6t＋4，此時(shí)有 f(k＋1)＝f(k)＋1＝k＋2＋＋＋1 ＝(k＋1)＋2＋＋，結(jié)論成立. 綜上所述，結(jié)論對(duì)滿足n≥6的自然數(shù)n均成立. 9