(浙江專版)2019版高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 第七章 數(shù)列與數(shù)學(xué)歸納法 第2節(jié) 等差數(shù)列及其前n項和學(xué)案 理
《(浙江專版)2019版高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 第七章 數(shù)列與數(shù)學(xué)歸納法 第2節(jié) 等差數(shù)列及其前n項和學(xué)案 理》由會員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《(浙江專版)2019版高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 第七章 數(shù)列與數(shù)學(xué)歸納法 第2節(jié) 等差數(shù)列及其前n項和學(xué)案 理(15頁珍藏版)》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。
1、 第2節(jié) 等差數(shù)列及其前n項和 最新考綱 1.理解等差數(shù)列的概念;2.掌握等差數(shù)列的通項公式與前n項和公式;3.能在具體的問題情境中識別數(shù)列的等差關(guān)系,并能用等差數(shù)列的有關(guān)知識解決相應(yīng)的問題;4.了解等差數(shù)列與一次函數(shù)的關(guān)系. 知 識 梳 理 1.等差數(shù)列的概念 (1)如果一個數(shù)列從第2項起,每一項與它的前一項的差等于同一個常數(shù),那么這個數(shù)列就叫做等差數(shù)列,這個常數(shù)叫做等差數(shù)列的公差,公差通常用字母d表示. 數(shù)學(xué)語言表達式:an+1-an=d(n∈N*,d為常數(shù)),或an-an-1=d(n≥2,d為常數(shù)). (2)若a,A,b成等差數(shù)列,則A叫做a,b的等差中項,且A=.
2、 2.等差數(shù)列的通項公式與前n項和公式 (1)若等差數(shù)列{an}的首項是a1,公差是d,則其通項公式為an=a1+(n-1)d. 通項公式的推廣:an=am+(n-m)d(m,n∈N*). (2)等差數(shù)列的前n項和公式 Sn==na1+d(其中n∈N*,a1為首項,d為公差,an為第n項). 3.等差數(shù)列的有關(guān)性質(zhì) 已知數(shù)列{an}是等差數(shù)列,Sn是{an}的前n項和. (1)若m+n=p+q(m,n,p,q∈N*),則有am+an=ap+aq. (2)等差數(shù)列{an}的單調(diào)性:當(dāng)d>0時,{an}是遞增數(shù)列;當(dāng)d<0時,{an}是遞減數(shù)列;當(dāng)d=0時,{an}是常數(shù)列.
3、(3)若{an}是等差數(shù)列,公差為d,則ak,ak+m,ak+2m,…(k,m∈N*)是公差為md的等差數(shù)列. (4)數(shù)列Sm,S2m-Sm,S3m-S2m,…也是等差數(shù)列. 4.等差數(shù)列的前n項和公式與函數(shù)的關(guān)系 Sn=n2+n. 數(shù)列{an}是等差數(shù)列?Sn=An2+Bn(A,B為常數(shù)). 5.等差數(shù)列的前n項和的最值 在等差數(shù)列{an}中,a1>0,d<0,則Sn存在最大值;若a1<0,d>0,則Sn存在最小值. [常用結(jié)論與微點提醒] 1.用定義法證明等差數(shù)列應(yīng)注意“從第2項起”,如證明了an+1-an=d(n≥2)時,應(yīng)注意驗證a2-a1是否等于d,若a2-a1≠d,
4、則數(shù)列{an}不為等差數(shù)列. 2.利用二次函數(shù)性質(zhì)求等差數(shù)列前n項和最值時,一定要注意自變量n是正整數(shù). 診 斷 自 測 1.思考辨析(在括號內(nèi)打“√”或“×”) (1)數(shù)列{an}為等差數(shù)列的充要條件是對任意n∈N*,都有2an+1=an+an+2.( ) (2)等差數(shù)列{an}的單調(diào)性是由公差d決定的.( ) (3)已知數(shù)列{an}的通項公式是an=pn+q(其中p,q為常數(shù)),則數(shù)列{an}一定是等差數(shù)列.( ) (4)數(shù)列{an}為等差數(shù)列的充要條件是其通項公式為n的一次函數(shù).( ) (5)等差數(shù)列的前n項和公式是常數(shù)項為0的二次函數(shù).( ) 解析 (4)若
5、公差d=0,則通項公式不是n的一次函數(shù). (5)若公差d=0,則前n項和不是二次函數(shù). 答案 (1)√ (2)√ (3)√ (4)× (5)× 2.在等差數(shù)列{an}中,若a2=4,a4=2,則a6等于( ) A.-1 B.0 C.1 D.6 解析 由等差數(shù)列的性質(zhì),得a6=2a4-a2=2×2-4=0,選B. 答案 B 3.(2017·全國Ⅰ卷)記Sn為等差數(shù)列{an}的前n項和.若a4+a5=24,S6=48,則{an}的公差為( ) A.1 B.2 C.4 D.8 解析 設(shè){an}的公差為d,由 得解得d=4. 答案 C 4.(2018
6、·寧波十校適應(yīng)性考試)等差數(shù)列{an}的公差d<0,且a=a,則數(shù)列{an}的前n項和Sn取得最大值時的項數(shù)n是( ) A.8或9 B.9或10 C.10或11 D.11或12 解析 由題意知,a1=±a17,又因為d<0,所以a1=-a17,故a1=-8d,a9=0,an=a1+(n-1)d=(n-9)d,當(dāng)an≥0時,n≤9,所以當(dāng)n=8或9時,Sn取最大值. 答案 A 5.(必修5P68A8改編)在等差數(shù)列{an}中,若a3+a4+a5+a6+a7=450,則a2+a8=________. 解析 由等差數(shù)列的性質(zhì),得a3+a4+a5+a6+a7=5a5=450,∴
7、a5=90,∴a2+a8=2a5=180. 答案 180 6.(2018·湖州調(diào)研)設(shè)等差數(shù)列{an}的公差是d,前n項和是Sn.若a1=1,a5=9,則公差d=______,Sn=______. 解析 公差d==2,前n項和Sn=na1+d=n+n(n-1)=n2. 答案 2 n2 考點一 等差數(shù)列基本量的運算 【例1】 (1)(2016·全國Ⅰ卷)已知等差數(shù)列{an}前9項的和為27,a10=8,則a100=( ) A.100 B.99 C.98 D.97 (2)(2017·全國Ⅲ卷)等差數(shù)列{an}的首項為1,公差不為0.若a2,a3,a6成等比數(shù)列,則
8、{an}前6項的和為( ) A.-24 B.-3 C.3 D.8 解析 (1)設(shè)等差數(shù)列{an}的公差為d,由已知,得所以所以a100=a1+99d=-1+99=98. (2)等差數(shù)列中a1=1,根據(jù)題意得 a=a2·a6,即(a1+2d)2=(a1+d)(a1+5d), 解得d=-2,d=0(舍去). 所以數(shù)列{an}的前6項和為S6=6a1+d=1×6+×(-2)=-24. 答案 (1)C (2)A 規(guī)律方法 (1)等差數(shù)列的通項公式及前n項和公式共涉及五個量a1,an,d,n,Sn,知其中三個就能求另外兩個,體現(xiàn)了用方程的思想來解決問題. (2)數(shù)列的通項
9、公式和前n項和公式在解題中起到變量代換作用,而a1和d是等差數(shù)列的兩個基本量,用它們表示已知和未知是常用方法. 【訓(xùn)練1】 (1)(一題多解)設(shè)等差數(shù)列{an}的前n項和為Sn,S3=6,S4=12,則S6=________. (2)(2015·浙江卷)已知{an}是等差數(shù)列,公差d不為零.若a2,a3,a7成等比數(shù)列,且2a1+a2=1,則a1=________,d=________. 解析 (1)法一 設(shè)數(shù)列{an}的首項為a1,公差為d,由S3=6, S4=12,可得解得 即S6=6a1+15d=30. 法二 由{an}為等差數(shù)列,故可設(shè)前n項和Sn=An2+Bn, 由S3
10、=6,S4=12,可得 解得即Sn=n2-n,則S6=36-6=30. (2)因為a2,a3,a7成等比數(shù)列,所以a=a2a7,即(a1+2d)2=(a1+d)(a1+6d),由于d≠0,∴a1=-d,∵2a1+a2=1,∴2a1+a1+d=1,即3a1+d=1,∴a1=,d=-1. 答案 (1)30 (2) -1 考點二 等差數(shù)列的判定與證明(變式遷移) 【例2】 (經(jīng)典母題)若數(shù)列{an}的前n項和為Sn,且滿足an+2SnSn-1=0(n≥2),a1=. (1)求證:成等差數(shù)列; (2)求數(shù)列{an}的通項公式. (1)證明 當(dāng)n≥2時,由an+2SnSn-1=0, 得
11、Sn-Sn-1=-2SnSn-1,所以-=2, 又==2,故是首項為2,公差為2的等差數(shù)列. (2)解 由(1)可得=2n,∴Sn=. 當(dāng)n≥2時, an=Sn-Sn-1=-==-. 當(dāng)n=1時,a1=不適合上式. 故an= 【變式遷移1】 將本例條件“an+2SnSn-1=0(n≥2),a1=”改為“Sn(Sn-an)+2an=0(n≥2),a1=2”,問題不變,試求解. (1)證明 當(dāng)n≥2時,an=Sn-Sn-1且Sn(Sn-an)+2an=0. ∴Sn[Sn-(Sn-Sn-1)]+2(Sn-Sn-1)=0, 即SnSn-1+2(Sn-Sn-1)=0. 即-=.又=
12、=. 故數(shù)列是以首項為,公差為的等差數(shù)列. (2)解 由(1)知=,∴Sn=,當(dāng)n≥2時, an=Sn-Sn-1=- 當(dāng)n=1時,a1=2不適合上式, 故an= 【變式遷移2】 已知數(shù)列{an}滿足2an-1-anan-1=1(n≥2),a1=2,證明數(shù)列是等差數(shù)列,并求數(shù)列{an}的通項公式. 解 當(dāng)n≥2時,an=2-, ∴-=-=-=-==1(常數(shù)). 又=1. ∴數(shù)列是以首項為1,公差為1的等差數(shù)列. ∴=1+(n-1)×1=n, ∴an=. 規(guī)律方法 等差數(shù)列的四種判斷方法: (1)定義法:對于n≥2的任意自然數(shù),驗證an-an-1為同一常數(shù). (2)等
13、差中項法:驗證2an-1=an+an-2(n≥3,n∈N*)都成立. (3)通項公式法:驗證an=pn+q. (4)前n項和公式法:驗證Sn=An2+Bn.后兩種方法只能用來判斷是否為等差數(shù)列,而不能用來證明等差數(shù)列,主要適合在選擇題中簡單判斷. 【訓(xùn)練2】 (2017·江蘇卷)對于給定的正整數(shù)k,若數(shù)列{an}滿足:an-k+an-k+1+…+an-1+an+1+…+an+k-1+an+k=2kan,對任意正整數(shù)n(n>k)總成立,則稱數(shù)列{an}是“P(k)數(shù)列”. (1)證明:等差數(shù)列{an}是“P(3)數(shù)列”; (2)若數(shù)列{an}既是“P(2)數(shù)列”,又是“P(3)數(shù)列”,
14、證明:{an}是等差數(shù)列. 證明 (1)因為{an}是等差數(shù)列,設(shè)其公差為d, 則an=a1+(n-1)d, 從而,當(dāng)n≥4時, an-k+an+k=a1+(n-k-1)d+a1+(n+k-1)d =2a1+2(n-1)d=2an,k=1,2,3, 所以an-3+an-2+an-1+an+1+an+2+an+3=6an, 因此等差數(shù)列{an}是“P(3)數(shù)列”. (2)數(shù)列{an}既是“P(2)數(shù)列”,又是“P(3)數(shù)列”,因此, 當(dāng)n≥3時,an-2+an-1+an+1+an+2=4an,① 當(dāng)n≥4時,an-3+an-2+an-1+an+1+an+2+an+3=6an.
15、② 由①知,an-3+an-2=4an-1-(an+an+1),③ an+2+an+3=4an+1-(an-1+an).④ 將③④代入②,得an-1+an+1=2an,其中n≥4, 所以a3,a4,a5,…是等差數(shù)列,設(shè)其公差為d′. 在①中,取n=4,則a2+a3+a5+a6=4a4, 所以a2=a3-d′, 在①中,取n=3,則a1+a2+a4+a5=4a3, 所以a1=a3-2d′, 所以數(shù)列{an}是等差數(shù)列. 考點三 等差數(shù)列的性質(zhì)及應(yīng)用 【例3】 (1)設(shè)Sn是等差數(shù)列{an}的前n項和,若a1+a3+a5=3,則S5=( ) A.5 B.7 C.
16、9 D.11 (2)(2018·浙江名校三聯(lián))已知等差數(shù)列{an}的前n項和為Sn,且=,則=( ) A. B. C. D. (3)已知Sn是等差數(shù)列{an}的前n項和,若a1=-2 014,-=6,則S2 017=________. 解析 (1)∵{an}為等差數(shù)列,∴a1+a5=2a3,得3a3=3,所以a3=1,∴S5==5a3=5,故選A. (2)因為Sn為等差數(shù)列{an}的前n項和,所以S4,S8-S4,S12-S8,S16-S12也成等差數(shù)列,而=,所以S8=3S4,則(S8-S4)-S4=S4,則得S16=10S4,所以=. (3)由等差數(shù)列的性質(zhì)可得也為
17、等差數(shù)列. 設(shè)其公差為d,則-=6d=6,∴d=1. 故=+2 016d=-2 014+2 016=2, ∴S2 017=2×2 017=4 034. 答案 (1)A (2)A (3)4 034 規(guī)律方法 等差數(shù)列的性質(zhì)是解題的重要工具. (1)在等差數(shù)列{an}中,數(shù)列 Sm,S2m-Sm,S3m-S2m也成等差數(shù)列. (2)在等差數(shù)列{an}中,數(shù)列也成等差數(shù)列. 【訓(xùn)練3】 (1)若一個等差數(shù)列前3項的和為34,最后3項的和為146,且所有項的和為390,則這個數(shù)列的項數(shù)為( ) A.13 B.12 C.11 D.10 (2)在等差數(shù)列{an}中,若a3
18、+a4+a5+a6+a7=25,則a2+a8=________. 解析 (1)因為a1+a2+a3=34,an-2+an-1+an=146, a1+a2+a3+an-2+an-1+an=34+146=180, 又因為a1+an=a2+an-1=a3+an-2, 所以3(a1+an)=180,從而a1+an=60, 所以Sn===390,即n=13. (2)因為{an}是等差數(shù)列,所以a3+a7=a4+a6=a2+a8=2a5,a3+a4+a5+a6+a7=5a5=25,即a5=5,a2+a8=2a5=10. 答案 (1)A (2)10 考點四 等差數(shù)列前n項和及其最值 【例4
19、】 (1)(一題多解)等差數(shù)列{an}的前n項和為Sn,已知a1=13,S3=S11,當(dāng)Sn最大時,n的值是( ) A.5 B.6 C.7 D.8 (2)設(shè)數(shù)列{an}的通項公式為an=2n-10(n∈N*),則|a1|+|a2|+…+|a15|=________. 解析 (1)法一 由S3=S11,得a4+a5+…+a11=0,根據(jù)等差數(shù)列的性質(zhì),可得a7+a8=0.根據(jù)首項等于13可推知這個數(shù)列遞減,從而得到a7>0,a8<0,故n=7時Sn最大. 法二 由S3=S11,可得3a1+3d=11a1+55d,把a1=13代入,得d=-2,故Sn=13n-n(n-1)=-
20、n2+14n.根據(jù)二次函數(shù)的性質(zhì),知當(dāng)n=7時Sn最大. (2)由an=2n-10(n∈N*)知{an}是以-8為首項,2為公差的等差數(shù)列,又由an=2n-10≥0得n≥5,∴n≤5時,an≤0,當(dāng)n>5時,an>0,∴|a1|+|a2|+…+|a15|=-(a1+a2+a3+a4)+(a5+a6+…+a15)=20+110=130. 答案 (1)C (2)130 規(guī)律方法 求等差數(shù)列前n項和的最值,常用的方法:(1)利用等差數(shù)列的單調(diào)性,求出其正負轉(zhuǎn)折項; (2)利用性質(zhì)求出其正負轉(zhuǎn)折項,便可求得和的最值; (3)將等差數(shù)列的前n項和Sn=An2+Bn(A,B為常數(shù))看作二次函數(shù),
21、根據(jù)二次函數(shù)的性質(zhì)求最值. 【訓(xùn)練4】 (1)設(shè)等差數(shù)列{an}的前n項和為Sn,a1>0且=,則當(dāng)Sn取最大值時,n的值為( ) A.9 B.10 C.11 D.12 (2)(2018·金麗衢十二校二聯(lián))已知公差為d的等差數(shù)列{an}的前n項和為Sn,若有確定正整數(shù)n0,對任意正整數(shù)m,Sn0·Sn0+m<0恒成立,則下列說法錯誤的是( ) A.a(chǎn)1·d<0 B.|Sn|有最小值 C.a(chǎn)n0·an0+1>0 D.a(chǎn)n0+1·an0+2>0 解析 (1)由=,得S11=S9,即a10+a11=0,根據(jù)首項a1>0可推知這個數(shù)列遞減,從而a10>0,a11<
22、0,故n=10時,Sn最大. (2)由Sn0·Sn0 +m<0,知數(shù)列{an}一定存在正項與負項,則要么a1>0,d<0,要么a1<0,d>0,即a1·d<0,所以A正確;由等差數(shù)列各項特征知,|Sn|一定能取得最小值,所以B正確;若數(shù)列{an}為-1,2,5,8,…,當(dāng)n≥2時,an>0,取n0=1,對任意正整數(shù)m,Sn0·Sn0+m<0均成立,但an0·an0+1<0,所以C錯誤,故選C. 答案 (1)B (2)C 基礎(chǔ)鞏固題組 一、選擇題 1.(一題多解)已知數(shù)列{an}是等差數(shù)列,a1+a7=-8,a2=2,則數(shù)列{an}的公差d等于( ) A.-1 B.-2
23、 C.-3 D.-4 解析 法一 由題意可得 解得a1=5,d=-3. 法二 a1+a7=2a4=-8,∴a4=-4, ∴a4-a2=-4-2=2d,∴d=-3. 答案 C 2.(2018·嘉興測試)設(shè)Sn為等差數(shù)列{an}的前n項和,若=,則=( ) A. B. C. D. 解析 設(shè)等差數(shù)列{an}的公差為d,則由題意得==,解得a1=d,則==,故選A. 答案 A 3.已知等差數(shù)列{an}的前n項和為Sn,S11=22,a4=-12,如果當(dāng)n=m時,Sn最小,那么m的值為( ) A.10 B.9 C.5 D.4 解析 設(shè)等差數(shù)列{an}的
24、公差為d,則S11=11a1+55d=22,a4=a1+3d=-12,解得a1=-33,d=7,由an=7n-40<0得n≤5,即該數(shù)列的前5項是負數(shù),從第6項開始是正數(shù),則前5項的和最小,即m=5. 答案 C 4.已知等差數(shù)列{an}滿足a1+a2+a3+…+a101=0,則有( ) A.a(chǎn)1+a101>0 B.a(chǎn)2+a100<0 C.a(chǎn)3+a99=0 D.a(chǎn)51=51 解析 由題意,得a1+a2+a3+…+a101=×101=0.所以a1+a101=a2+a100=a3+a99=0. 答案 C 5.已知等差數(shù)列{an}的公差為2,項數(shù)是偶數(shù),所有奇數(shù)項之和為15,所
25、有偶數(shù)項之和為25,則這個數(shù)列的項數(shù)為( ) A.10 B.20 C.30 D.40 解析 設(shè)項數(shù)為2n,則由S偶-S奇=nd得,25-15=2n,解得n=5,故這個數(shù)列的項數(shù)為10. 答案 A 6.(2015·浙江卷)已知{an}是等差數(shù)列,公差d不為零,前n項和是Sn,若a3,a4,a8成等比數(shù)列,則( ) A.a(chǎn)1d>0,dS4>0 B.a(chǎn)1d<0,dS4<0 C.a(chǎn)1d>0,dS4<0 D.a(chǎn)1d<0,dS4>0 解析 ∵a3,a4,a8成等比數(shù)列,∴(a1+3d)2=(a1+2d)·(a1+7d),整理得a1= -d,∴a1d=-d2<0(d≠0
26、),又S4=4a1+d=-,∴dS4=-<0,故選B. 答案 B 二、填空題 7.(2018·金華四校聯(lián)考)設(shè)等差數(shù)列{an}的前n項和Sn=n2+bn+c(b,c為常數(shù),n∈N*),若a2+a3=4,則c=________,b=________. 解析 ∵數(shù)列{an}是等差數(shù)列,且前n項和Sn=n2+bn+c,∴c=0,則Sn=n2+bn,又a2+a3=S3-S1=9+3b-1-b=4,∴b=-2. 答案 0?。? 8.已知每項均大于零的數(shù)列{an}中,首項a1=1且前n項和Sn滿足Sn-Sn-1=2(n∈N*且n≥2),則a61=________. 解析 由已知Sn-Sn-1
27、=2可得,-=2,所以{}是以1為首項,2為公差的等差數(shù)列,故=2n-1,Sn=(2n-1)2,所以a61=S61-S60=1212-1192=480.
答案 480
9.(2017·慈溪統(tǒng)考)設(shè)等差數(shù)列{an}的前n項和Sn,且滿足a8>0,a8+a9<0,則Sn>0的最大n是________;數(shù)列(1
28、小于零,當(dāng)n=8時,最大,即數(shù)列(1 29、=1,由Sn=na1+d=na1+,
得
由①得a1=,代入②可得m=5.
法三 因為數(shù)列{an}為等差數(shù)列,且前n項和為Sn,
所以數(shù)列也為等差數(shù)列.
所以+=,即+=0,
解得m=5,經(jīng)檢驗為原方程的解.
答案 5
三、解答題
11.(2017·全國Ⅱ卷)已知等差數(shù)列{an}的前n項和為Sn,等比數(shù)列{bn}的前n項和為Tn,a1=-1,b1=1,a2+b2=2.
(1)若a3+b3=5,求{bn}的通項公式;
(2)若T3=21,求S3.
解 (1)設(shè){an}公差為d,{bn}公比為q,由等差數(shù)列、等比數(shù)列的通項公式可得
解得或(舍去),
故{bn}的通項公式 30、為bn=2n-1.
(2)由已知得解得或
∴當(dāng)q=4,d=-1時,S3=-6;
當(dāng)q=-5,d=8時,S3=21.
12.已知數(shù)列{an}的前n項和為Sn,a1=1,an≠0,anan+1=λSn-1,其中λ為常數(shù).
(1)證明:an+2-an=λ;
(2)是否存在λ,使得{an}為等差數(shù)列?并說明理由.
(1)證明 由題設(shè)知,anan+1=λSn-1,an+1an+2=λSn+1-1.
兩式相減得an+1(an+2-an)=λan+1.
由于an+1≠0,所以an+2-an=λ.
(2)解 由題設(shè)知,a1=1,a1a2=λS1-1,可得a2=λ-1.
由(1)知,a3= 31、λ+1.
由2a2=a1+a3,解得λ=4.故an+2-an=4,
由此可得{a2n-1}是首項為1,公差為4的等差數(shù)列,a2n-1=4n-3;
{a2n}是首項為3,公差為4的等差數(shù)列,a2n=4n-1.
所以an=2n-1,an+1-an=2.
因此存在λ=4,使得數(shù)列{an}為等差數(shù)列.
能力提升題組
13.(2018·杭州模擬)設(shè){an}是等差數(shù)列,Sn為其前n項和.若正整數(shù)i,j,k,l滿足i+l=j(luò)+k(i≤j≤k≤l),則( )
A.a(chǎn)ial≤ajak B.a(chǎn)ial≥ajak
C.SiSl<SjSk D.SiSl≥SjSk
解析 不妨取i,j,k, 32、l分別為1,2,3,4,
則a1a4-a2a3=-2d2≤0,
∴a1a4≤a2a3,
又S1S4-S2S3=-2(a1+d)2-d2≤0,
∴S1S4≤S2S3,即A正確.
答案 A
14.(2016·浙江卷)如圖,點列{An},{Bn}分別在某銳角的兩邊上,且|AnAn+1|=|An+1An+2|,An≠An+2,n∈N*,|BnBn+1|=|Bn+1Bn+2|,Bn≠Bn+2,n∈N*(P≠Q(mào)表示點P與Q不重合).若dn=|AnBn|,Sn為△AnBnBn+1的面積,則( )
A.{Sn}是等差數(shù)列 B.{S}是等差數(shù)列
C.{dn}是等差數(shù)列 D.r3v3f77是 33、等差數(shù)列
解析 Sn表示點An到對面直線的距離(設(shè)為hn)乘以|BnBn-1|長度一半,即Sn=hn|BnBn-1|,由題目中條件可知|BnBn-1|的長度為定值,過A1作垂直得到初始距離h1,那么A1,An和兩個垂足構(gòu)成等腰梯形,則hn=h1+|A1An|tan θ(其中θ為兩條線所成的銳角,為定值),
從而Sn=(h1+|A1An|tan θ)|BnBn+1|,
Sn+1=(h1+|A1An+1|)|BnBn+1|,
則Sn+1-Sn=|AnAn+1||BnBn+1|tan θ,都為定值,
所以Sn+1-Sn為定值,故選A.
答案 A
15.(2018·麗水測試)已知是等差數(shù) 34、列,f(1)=2,f(2)=6,則f(n)=________,數(shù)列{an}滿足an+1=f(an),a1=1,數(shù)列的前n項和為Sn,則S2 015+=________.
解析 設(shè)公差為d,由題意得d=-=3-2=1,∴=2+(n-1)·1?f(n)=n2+n,an+1=f(an)=a+an=an(1+an)?==-?=-,∴Sn=-+-+…+-=-?Sn+==1,∴S2 015+=1.
答案 n2+n 1
16.在數(shù)列{an}中,a1=-5,a2=-2,記A(n)=a1+a2+…+an,B(n)=a2+a3+…+an+1,C(n)=a3+a4+…+an+2(n∈N*),若對于任意n∈N* 35、,A(n),B(n),C(n)成等差數(shù)列.
(1)求數(shù)列{an}的通項公式;
(2)求數(shù)列{|an|}的前n項和.
解 (1)根據(jù)題意A(n),B(n),C(n)成等差數(shù)列.
∴A(n)+C(n)=2B(n),
整理得an+2-an+1=a2-a1=-2+5=3,
∴數(shù)列{an}是首項為-5,公差為3的等差數(shù)列,
∴an=-5+3(n-1)=3n-8.
(2)|an|=
記數(shù)列{|an|}的前n項和為Sn.
當(dāng)n≤2時,Sn==-+n;
當(dāng)n≥3時,Sn=7+=-n+14,
綜上,Sn=
17.在公差不為0的等差數(shù)列{an}中,a3+a10=15,且a2,a5,a11成等比數(shù)列.
(1)求{an}的通項公式;
(2)設(shè)bn=++…+,證明:≤bn<1.
(1)解 設(shè)等差數(shù)列{an}的公差為d.
由已知得
注意到d≠0,解得a1=2,d=1.
所以an=n+1.
(2)證明 由(1)可知bn=++…+,
bn+1=++…+.
因為bn+1-bn=+-=->0,
所以數(shù)列{bn}單調(diào)遞增.所以bn≥b1=.
又bn=++…+≤++…+=<1,因此≤bn<1.
15
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