2022年高考物理一輪復習 全程訓練計劃 課練6 受力分析 共點力的平衡（含解析）

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1、2022年高考物理一輪復習 全程訓練計劃 課練6 受力分析 共點力的平衡（含解析） 小題狂練⑥ 小題是基礎　練小題　提分快 1．[2019·陜西省部分學校摸底]如圖所示，物體A靠在豎直墻面上，在豎直向上的力F作用下，A、B共同向上勻速運動，下列說法正確的是(　　) A．物體A受到物體B對它的作用力的大小等于物體A的重力 B．物體B受到的作用力F的大小要小于物體A、B的重力之和 C．墻面對物體A的滑動摩擦力方向向下 D．物體A對物體B的靜摩擦力方向沿接觸面斜向上 答案：A 解析：A、B共同向上勻速運動，則A和B均處于受力平衡狀態(tài)．對B分析可知，B受A的作用力、向

2、下的重力、向上的力F三力作用，則A對B的作用力豎直向下，B對A的作用力豎直向上，分析可知，B對A的作用力大小等于A的重力，選項A正確；A、B整體水平方向不受力，故墻面對A、B無彈力作用，墻面對物體A沒有摩擦力，F(xiàn)大小等于A、B的重力之和，選項B、C錯誤；物體A對物體B的靜摩擦力方向沿接觸面斜向下，選項D錯誤． 2．[2019·湖北省武昌調研]將兩個質量均為m的小球a、b用細線相連后，再用細線懸掛于O點，如圖所示．用力F拉小球b，使兩個小球都處于靜止狀態(tài)，且細線Oa與豎直方向的夾角θ＝30°，則F的最小值為(　　) A.mg B．mg C.mg D.mg 答案：B

3、解析：將a、b看成一個整體受力分析可知，當力F與Oa垂直時，F(xiàn)有最小值，可知此時Fmin＝2mgsinθ＝mg，B正確． 3．[2019·河南省商丘模擬]如圖所示，固定在豎直平面內的光滑圓環(huán)的最高點有一個光滑的小孔．質量為m的小球套在圓環(huán)上．一根細線的下端系著小球，上端穿過小孔用手拉?。F(xiàn)拉動細線，使小球沿圓環(huán)緩慢上移，在移動過程中手對線的拉力F和圓環(huán)對小球的彈力FN的大小變化情況是(　　) A．F不變，F(xiàn)N增大 B．F不變，F(xiàn)N減小 C．F減小，F(xiàn)N不變 D．F增大，F(xiàn)N減小 答案：C 解析：小球沿圓環(huán)緩慢上移可看成小球處于平衡狀態(tài)，對小球進行受力分析，如圖所示，由圖可

4、知＝＝，當小球上移時，R不變，AB減小，故F′減小，F(xiàn)N不變，而F′＝F，故C正確． 4．[2019·黑龍江省伊春模擬]如圖所示，在豎直放置的穹形光滑支架上，一根不可伸長的輕繩通過光滑的輕質滑輪懸掛一重物G.現(xiàn)將輕繩的一端固定于支架上的A點，另一端從B點沿支架緩慢地向C點靠近．則繩中拉力大小變化的情況是(　　) A．先變小后變大 B．先變小后不變 C．先變大后不變 D．先變大后變小 答案：C 解析：當輕繩的右端從B點移到直桿最上端時，設兩繩的夾角為2θ，繩中的拉力大小為F.以滑輪為研究對象，受力分析如圖甲所示．根據(jù)平衡條件得2Fcosθ＝mg，得到繩子的拉力大小為F＝，所以在

5、輕繩的右端從B點移到直桿最上端的過程中，θ增大，cosθ減小，則F變大．當輕繩的右端從直桿最上端移到C點時，如圖乙，設兩繩的夾角為2α.設繩子總長為L，兩直桿間的距離為s，由數(shù)學知識得sinα＝，L、s不變，則α保持不變．再根據(jù)平衡條件可知，兩繩的拉力F保持不變，所以繩中拉力大小變化的情況是先變大后不變．C正確． 5. 如圖所示，用一輕繩將光滑小球P系于豎直墻壁上的O點，在墻壁和球P之間夾有一正方體物塊Q，P、Q均處于靜止狀態(tài)，現(xiàn)有一鉛筆緊貼墻壁壓在輕繩上從O點開始緩慢下移(該過程中，繩中張力處處相等)，P、Q始終處于靜止狀態(tài)，則在鉛筆緩慢下移的過程中(　　) A．P所受的合力增

6、大 B．Q受到墻壁的摩擦力逐漸變大 C．P對Q的壓力逐漸減小 D．繩的拉力逐漸增大 答案：D 解析：P受重力、繩的拉力和Q的支持力而處于平衡狀態(tài)，合力為零，選項A錯誤；設繩與豎直方向的夾角為θ，根據(jù)共點力平衡，繩的拉力大小為T＝，Q對P的支持力大小為N＝mgtanθ，鉛筆緩慢下移的過程中，θ增大，則拉力T增大，Q對P的支持力增大，選項D正確，C錯誤；對Q，在豎直方向上，Q的重力與摩擦力始終平衡，Q受到的摩擦力不變，選項B錯誤． 6. 如圖所示，帶有光滑豎直桿的三角形斜劈固定在水平地面上，放置于斜劈上的光滑小球與套在豎直桿上的小滑塊用輕繩連接，開始時輕繩與斜面平行．現(xiàn)給小滑塊施

7、加一豎直向上的拉力，使小滑塊沿桿緩慢上升，整個過程中小球始終未脫離斜面，則有(　　) A．輕繩對小球的拉力逐漸減小 B．小球對斜劈的壓力逐漸增大 C．對小滑塊施加的豎直向上的拉力逐漸增大 D．豎直桿對小滑塊的彈力先增大后減小 答案：C 解析： 對小球受力分析，受重力G1、支持力N1和細線的拉力T，如圖甲所示．根據(jù)平衡條件可知，T增大，N1減小，根據(jù)牛頓第三定律，小球對斜劈的壓力也減小，A、B均錯誤；對小球和滑塊整體分析，受重力G、斜面的支持力N1，桿的支持力N，拉力F，如圖乙所示，根據(jù)平衡條件，水平方向N＝N1sinθ，豎直方向F＋N1cosθ＝G，因N1減小，故N減小，F(xiàn)增

8、大，C正確，D錯誤． 7. (多選)如圖所示，一光滑半圓環(huán)豎直固定于粗糙的木板上，圓心為O1，穿套在環(huán)上的小球A位于左側最低點，并由細線通過光滑的小滑輪O與小球B相連，B右側細線水平，O在圓心O1的正上方，OA與豎直方向成30°角，OA⊥OB，地面水平，兩球均處于靜止狀態(tài)，小球A恰好對木板沒有力的作用．若對B施加一外力，使小球A緩慢運動到O點正下方的過程中，木板始終靜止，則下列說法正確的是(　　) A．A、B兩球的質量之比為：1 B．OA細線拉力逐漸變大 C．地面對木板的摩擦力逐漸變小 D．地面對木板的支持力逐漸變小 答案：AC 解析：小球A位于左側最低點時，細線對小球A

9、的拉力大小T＝，對小球B有OB細線拉力T′＝，T＝T′，得mA：mB＝：1，選項A正確；設OO1＝h，OA＝x，圓環(huán)的半徑為R，細線OA的拉力大小為F，環(huán)對A的支持力大小為N1，如圖1所示，則根據(jù)三角形相似有＝＝，當x變小時，F(xiàn)也變小，但N1不變，選項B錯誤；設細線OA與OO1間夾角為θ，以小球A、半圓環(huán)和木板整體受力分析如圖2所示，地面對木板的摩擦力大小f＝Fsinθ＝xsinθ，而xsinθ表示小球A與O間的水平距離，是逐漸變小的，故f逐漸變小，選項C正確；地面對木板的支持力大小N2＝(m板＋mA＋m環(huán))g－Fcosθ＝(m板＋mA＋m環(huán))g－xcosθ而xcosθ表示小球A與O間的豎

10、直距離，是逐漸變小的，N2逐漸變大，選項D錯誤． 8. [2019·福建省福州質檢]課堂上，教師準備了“L”形光滑木板和三個完全相同、外表面光滑的勻質圓柱形積木，要將三個積木按圖示(截面圖)方式堆放在木板上，則木板與水平面的夾角θ的最大值為(　　) A．30° B．45° C．60° D．90° 答案：A 解析：θ取0°時，下面兩圓柱將會分開，無法穩(wěn)定，應適當增大θ以保持系統(tǒng)穩(wěn)定，此時下面兩圓柱之間有彈力；當下面兩圓柱之間的彈力恰好為0時，對應的θ為最小值；增大θ，右圓柱和上圓柱之間的彈力減小，若θ太大，此兩圓柱將分開，臨界情況為θ取30°時，左邊兩圓柱的圓心連線在豎直

11、方向上，保證上圓柱只受到兩個力的作用恰好處于平衡狀態(tài)，此時上圓柱與右圓柱間相互接觸且無彈力，A正確． 9．[2019·山東省棗莊三中質檢]如圖所示，物體A、B疊放在物體C上，C置于水平地面上，水平力F作用于B，使A、B、C一起勻速運動，各接觸面間摩擦力的情況是(　　) A．B對C有向左的摩擦力 B．C對A有向左的摩擦力 C．C受到三個摩擦力作用 D．C對地面有向右的摩擦力 答案：D 解析：以A為研究對象，可知A與C間無摩擦力．以B為研究對象易知，C對B有向左的摩擦力，B對C有向右的摩擦力，以A、B、C整體為研究對象可知地面對C有水平向左的摩擦力，綜上D正確． 10.

12、[2019·河北省名校聯(lián)盟一測](多選)如圖所示，用光滑的粗鐵絲做成一直角三角形，BC邊水平，AC邊豎直，∠ABC＝β，∠A＝α，AB及AC兩邊上分別套有細線系著的銅環(huán)M、N，當它們靜止時，細線與AB所成的角為γ，與AC所成的角為θ(細線長度小于BC)，則(　　) A．γ＝β B．θ＝ C．θ>－α D．β<γ< 答案：CD 解析：假設AC上的銅環(huán)的質量為零，重力為零，它僅受線的拉力和鐵絲AC的彈力，由于鐵絲對AC上的環(huán)的彈力垂直于AC，則細線必定垂直于AC，則細線平行于BC，此時γ＝β.但實際上AC上的環(huán)的質量不為零，要使此環(huán)處于靜止狀態(tài)，細線的左端略高，則有γ>β.假設AB上的

13、銅環(huán)的質量為零，重力為零，它僅受細線的拉力和鐵絲AB的彈力，則平衡時，細線與AB垂直，γ＝，而AB上的銅環(huán)的質量不為零，要使此環(huán)處于靜止狀態(tài)，細線不能與AB垂直，應有γ<，故β<γ<，θ>－α，選項A、B錯誤，C、D正確． 11．[2019·湖南省衡陽三中摸底](多選)如圖所示，一根輕質細繩跨過定滑輪連接兩個小球A、B，它們都穿在一根光滑的豎直桿上，不計細繩與滑輪之間的摩擦，當兩球平衡時OA繩與水平方向的夾角為60°，OB繩與水平方向的夾角為30°，則A、B的質量之比和桿對A、B的彈力之比分別為(　　) A.＝ B.＝ C.＝ D.＝ 答案：AC 解析：分別對A、

14、B兩球受力分析，如圖所示．由幾何知識得T1sin60°＝mAg，T2sin30°＝mBg，T1＝T2，故mA：mB＝sin60°：sin30°＝：1.同理，＝，選項A、C正確，B、D錯誤；故選A、C. 12．[2019·四川省五校聯(lián)考]如圖所示，輕桿A端用鉸鏈固定在墻上，B端吊一重物．輕繩跨過定滑輪用拉力F將B端緩慢上拉，滑輪O在A點正上方(滑輪大小及繩與滑輪間的摩擦均不計)，且OA>AB，在AB桿達到豎直前(　　) A．拉力F增大 B．拉力F大小不變 C．桿的彈力增大 D．桿的彈力大小不變 答案：D 解析： 以B點為研究對象，分析受力情況，繩子向下的拉力T、

15、輕桿的支持力N和繩子沿BO方向的拉力F′，作出力的示意圖如圖，由平衡條件知，N和F′的合力T′與T大小相等，方向相反，根據(jù)三角形相似可得，＝＝，又T′＝G，F(xiàn)＝F′，解得N＝G，F(xiàn)＝G，∠BAO變小時，AB、AO保持不變，BO變小，則N保持不變，F(xiàn)變小，D正確． 13．[2019·山東省青島二中考試](多選)如圖所示，橫截面為直角三角形的斜劈P，靠在粗糙的豎直墻面上，力F通過球心水平作用在光滑球Q上，P、Q處于靜止狀態(tài)．當力F增大時，P、Q仍保持靜止，下列說法正確的是(　　) A．球Q對地面的壓力不變 B．球Q對斜劈P的支持力增大 C．斜劈P對豎直墻壁的壓力增大 D．墻面對斜劈P

16、的摩擦力增大 答案：BC 解析：以P、Q整體為研究對象，水平向右的力F與墻壁的支持力等大反向，故墻壁對P的支持力增大，由牛頓第三定律知，C正確．對Q，受力分析如圖1所示，可知當力F增大時，P、Q間的作用力增大，球Q對地面的壓力增大，B正確，A錯誤．對P，受力分析如圖2所示，開始時P與墻壁的摩擦力方向不確定，故無法判斷此摩擦力的變化，故D錯誤． 14．[2019·吉林省長春一測](多選)如圖所示，質量為M的三角形木塊A靜止在水平地面上，其左右兩斜面光滑，一質量為m的物塊B沿傾角α＝30°的右側斜面加速下滑時，三角形木塊A剛好保持靜止，已知最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則當物塊B沿傾角β＝

17、60°的左側斜面下滑時，下列說法正確的是(　　) A．A仍然靜止不動，地面對A的摩擦力兩種情況下等大 B．A仍然靜止不動，對地面的壓力比沿右側斜面下滑時對地面的壓力小 C．A將向右滑動，若使A仍然靜止需對其施加向左的作用力 D．若α＝45°，A將滑動 答案：CD 解析：物塊B沿著右側斜面下滑時，對斜面的壓力等于其重力沿垂直斜面的分力，為F＝mgcos30°，對木塊A受力分析，木塊A受重力、壓力、支持力和向右的靜摩擦力，如圖1所示．木塊A恰好不滑動，故靜摩擦力達到最大值，等于滑動摩擦力，根據(jù)平衡條件有，x方向：f＝Fsin30°，y方向：N＝mg＋Fcos30°，f＝μN1，

18、其中N＝N1，解得μ＝.物塊B從左側下滑時，先假設木塊A不動，木塊A受重力、支持力、壓力和向左的摩擦力，如圖2所示．壓力等于物塊B重力沿垂直斜面的分力，即F′＝mgcos60°，豎直方向一定受力平衡，即支持力N′＝Mg＋F′cos60°＝Mg＋mg，N′＝N″，故最大靜摩擦力fm＝μN″＝，壓力沿平行地面方向的分力為F′cos30°＝mg>fm，故A一定會滑動，要使A靜止，需要對其施加向左的推力，故C正確，A、B錯誤．若α＝45°，物塊B沿右側斜面下滑時，先假設A不動，B對A的壓力為mgcos45°，該壓力沿平行地面方向的分力為mgsin45°cos45°，豎直分力為mgcos45°sin45

19、°，與α＝30°時相比，B對A壓力沿平行地面的分力變大，B對A壓力的豎直分力變小，故A一定滑動，D正確． 15．[2019·廣東省湛江調研](多選)如圖所示，細線的兩端固定在天花板上的A、B兩點，在線上的C、D兩點懸掛質量相等的物體a、b，并處于靜止狀態(tài)，CD段細線嚴格水 平．若將b物體的質量增大后，為了保持CD段細線嚴格水平，整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，則(　　) A．應將懸掛點D適當向B移動，減小BD的長度 B．應將懸掛點C適當向A移動，減小AC的長度 C．移動后細線AC的張力大于細線BD的張力 D．移動后細線AC的張力小于細線BD的張力 答案：AD 解析：設a、b的質量

20、分別為M和m，AC、BD與豎直方向的夾角分別為α、β，對結點C、D受力分析，如圖所示．豎直方向：F1cosα＝Mg，F(xiàn)2cosβ＝mg，水平方向：F1sinα＝T，F(xiàn)2sinβ＝T′，其中T＝T′，聯(lián)立可得Mgtanα＝mgtanβ，當a、b質量相等時，有α＝β，若將b的質量增大，即Mβ，選項A正確，B錯誤．當α>β，由F1sinα＝F2sinβ知，F(xiàn)1

21、夾角為α(α>)．現(xiàn)將重物向右上方緩慢拉起，并保持夾角α不變．在OM由豎直被拉到水平的過程中(　　) A．MN上的張力逐漸增大 B．MN上的張力先增大后減小 C．OM上的張力逐漸增大 D．OM上的張力先增大后減小 答案：AD 解析：將重物向右上方緩慢拉起，重物處于動態(tài)平衡狀態(tài)，可利用平衡條件或力的分解畫出動態(tài)圖分析．將重物的重力沿兩繩方向分解，畫出分解的動態(tài)圖如圖所示．在三角形中，根據(jù)正弦定理有＝＝，由題意可知FMN的反方向與FOM的夾角γ＝180°－α，不變，因sinβ(β為FMN與G的夾角)先增大后減小，故OM上的張力先增大后減小，當β＝90°時，OM上的張力最大，因sinθ(

22、θ為 FOM與G的夾角)逐漸增大，故MN上的張力逐漸增大，選項A、D正確，B、C錯誤． 課時測評⑥ 綜合提能力　課時練　贏高分 一、選擇題 1. [2019·福建仙游一中月考]三個質量均為1 kg的相同木塊a、b、c和兩個勁度系數(shù)均為500 N/m的相同輕彈簧p、q用輕繩連接，如圖所示，其中a放在光滑水平桌面上，開始時p彈簧處于原長，木塊都處于靜止狀態(tài)．現(xiàn)用水平力F緩慢地向左拉p彈簧的左端，直到c木塊剛好離開水平面為止，g取10 m/s2.該過程p彈簧的左端向左移動的距離是(　　) A．4 cm B．6 cm C．8 cm D．10 cm 答案：C

23、 解析：p彈簧的左端向左移動的距離等于p、q兩彈簧的形變量之和．xq＝＋，xp＝，p彈簧的左端向左移動的距離為x＝xp＋xq＝8 cm，C正確． 2．[2019·廣東五校聯(lián)考]如圖所示，物體A、B用細繩與彈簧連接后跨過滑輪．A靜止在傾角為45°的粗糙斜面上，B懸掛著．已知質量mA＝3mB，不計滑輪摩擦，現(xiàn)將斜面傾角由45°減小到30°，那么下列說法中正確的是(　　) A．彈簧的彈力將減小 B．物體A對斜面的壓力將減小 C．物體A受到的靜摩擦力將減小 D．彈簧的彈力及物體A受到的靜摩擦力都不變 答案：C 解析： 設mA＝3mB＝3m，對物體B受力分析，受重力和拉力，由二力

24、平衡得彈簧的彈力不變，A錯誤；再對物體A進行受力分析，受重力、支持力、彈簧的彈力和靜摩擦力，如圖所示．剛開始由于mAgsin45°＝mg>mBg＝mg，所以摩擦力沿斜面向上，斜面傾角變?yōu)?0°以后摩擦力仍然沿斜面向上．根據(jù)平衡條件得到f＋T－3mgsinθ＝0，N－3mgcosθ＝0，解得f＝3mgsinθ－T＝3mgsinθ－mg，N＝3mgcosθ. 當θ減小時，物體A受到的靜摩擦力f將減小，物體A對斜面的壓力N增大，故C正確，B、D錯誤． 3．[2019·陜西寶雞模擬]如圖所示，兩塊相互垂直的光滑擋板OP、OQ，OP豎直放置，小球a、b固定在輕彈簧的兩端，并斜靠在OP、OQ擋板上

25、．現(xiàn)有一個水平向左的推力F作用于b上，使a、b緊靠擋板處于靜止狀態(tài)．現(xiàn)保證b球不動，使豎直擋板OP向右緩慢平移一小段距離，則(　　) A．推力F變大 B．彈簧長度變短 C．彈簧長度變長 D．b對擋板OQ的壓力變大 答案：C 解析：設彈簧與豎直方向的夾角為α，現(xiàn)保證b球不動，使豎直擋板OP向右緩慢平移一小段距離，則α減小，以a球為研究對象，分析受力情況，根據(jù)平衡條件得F彈＝，α減小，cosα增大，則F彈減小，彈簧變長；擋板對a的彈力N＝mgtanα，α減小，N減小；對a、b和彈簧整體研究，水平方向F＝N，則推力F將減小，故A、B錯誤，C正確；豎直方向，擋板OQ對b的支持力FN＝(

26、ma＋mb)g，不變，根據(jù)牛頓第三定律可知，b對擋板OQ的壓力不變，故D錯誤． 4．[2019·四川省成都七中檢測]如圖，傾角為θ的斜面體C置于水平地面上，小物體B置于斜面上，通過細繩跨過光滑的定滑輪與物體A相連接，連接物體B的一段細繩與斜面平行，已知A、B、C都處于靜止狀態(tài)，則(　　) A．物體B受到斜面體C的摩擦力一定不為零 B．斜面體C受到水平地面的摩擦力一定為零 C．斜面體C有沿地面向右滑動的趨勢，一定受到地面向左的摩擦力 D．將細繩剪斷，若B依然靜止在斜面上，此時水平地面對斜面體C的摩擦力一定不為零 答案：C 解析：以B、C整體為研究對象，受到了斜向上的拉力，故有向

27、右運動的趨勢，所以地面對C有水平向左的摩擦力，C正確，B錯誤．以B為研究對象，細繩斜向上的拉力與B的重力沿斜面向下的分力大小關系不確定，所以C對B可能有摩擦力也可能沒有摩擦力，A錯誤．將細繩剪斷，B、C整體靜止，豎直向下的重力與地面豎直向上的支持力等大反向，地面對C的摩擦力為零，D錯誤． 5．[2019·遼寧東北育才學校模擬]如圖所示，置于地面的矩形框架中用兩細繩拴住質量為m的小球，繩B水平．設繩A、B對球的拉力大小分別為F1、F2，它們的合力大小為F.現(xiàn)將框架在豎直平面內繞左下端緩慢逆時針旋轉90°，在此過程中(　　) A．F1先增大后減小 B．F2先增大后減小 C．F先增大后減

28、小 D．F先減小后增大 答案：B 解析： 對小球受力分析如圖所示．小球處于靜止狀態(tài)，受力平衡，兩繩的拉力的合力與重力大小相等，方向相反，則F不變，根據(jù)平行四邊形定則可知，將框架在豎直平面內繞左下端緩慢逆時針旋轉90°的過程中，F(xiàn)1逐漸減小，F(xiàn)2先增大后減小，當繩A處于水平方向時，F(xiàn)2最大，故B正確． 6．[2019·浙江溫州中學模擬]如圖所示，傾角θ＝30°的斜面體A靜止在水平地面上，一根輕繩跨過斜面體頂端的小滑輪，繩兩端系有質量均為m的小物塊a、b，整個裝置處于靜止狀態(tài)，滑輪兩側輕繩方向分別沿斜面和豎直方向．現(xiàn)給物塊b施加一個水平向右的拉力F，使b緩慢移動直到連接b的輕繩

29、與豎直方向成30°角(不計繩與滑輪間的摩擦)，此過程中下列說法正確的是(　　) A．b受到繩的拉力先增大再減小 B．小物塊a受到的摩擦力先增大再減小 C．水平拉力F逐漸增大 D．小物塊a一定沿斜面緩慢上移 答案：C 解析：b受力平衡，對b進行受力分析，如圖甲所示． 設連接b的輕繩與豎直方向的夾角為α，b緩慢移動直到連接b的輕繩與豎直方向成30°角的過程中，α變大，根據(jù)平行四邊形定則可知，T逐漸增大，F(xiàn)逐漸增大，故A錯誤，C正確；對a進行受力分析，如圖乙所示；剛開始T′＝mg，a處于靜止狀態(tài)，則f＝T′－mgsin30°＝mg，方向沿斜面向下，T′增大時，f增大，由于不知道最大

30、靜摩擦力的具體值，所以不能判斷a是否會滑動，故B、D錯誤． 7．[2019·湖南長郡中學模擬]如圖所示，質量為m的硬質面字典A對稱放在硬質面的書本B上，將書本B的一端緩慢抬高至字典剛要滑動，此時書脊與水平面的夾角為θ.下列說法中正確的是(　　) A．B對A的作用力為零 B．B的一個側面對A的彈力為mgcosθ C．B對A的最大靜摩擦力的合力為mgsinθ D．A受到3個力的作用 答案：C 解析：B對A的作用力大小為A的重力mg，方向豎直向上，故A錯誤；B的一個側面對A的彈力N＝mgcosθ，故B錯誤；A受力平衡，根據(jù)平衡條件得，B對A的最大靜摩擦力的合力f合＝mgsinθ，故

31、C正確；A處于靜止狀態(tài)，對A進行受力分析，A受到重力，書本B兩側對A的兩個支持力，B書兩側對A的兩個摩擦力，共5個力，故D錯誤． 8．[名師原創(chuàng)]如圖，輕彈簧上端固定，下端連接一小球，小球靜止在水平面上的A點，將小球緩慢移到B點放手，小球仍靜止．已知小球在A、B兩處彈簧均處于伸長狀態(tài)．則小球在A、B處受力的情況是(　　) A．小球在B處所受到的合力更大 B．B處小球受到的摩擦力更小 C．小球在B處受到的支持力更大 D．B處彈簧的彈力與支持力的合力一定更大 答案：D 解析： 小球在A、B兩處的合力都為0，A錯誤．對小球受力分析，如圖所示，則有f＝Fcosα，F(xiàn)sinα＋N

32、＝mg，彈力F顯然增大，α減小，可見摩擦力增大，B錯誤．N的變化情況無法判斷，C錯誤．摩擦力與重力的合力一定增大，而彈力F與N的合力也一定增大，D正確． 9．[2019·河北省邢臺二中檢測] 輕繩一端系在質量為m的物塊A上，另一端系在一個套在粗糙豎直桿MN的圓環(huán)上．現(xiàn)用水平力F拉住繩子上一點O，使物塊A從圖中實線位置緩慢下降到虛線位置，但圓環(huán)仍保持在原來位置不動．在這一過程中，環(huán)對桿的摩擦力F1和環(huán)對桿的壓力F2的變化情況是(　　) A．F1保持不變，F(xiàn)2逐漸增大 B．F1保持不變，F(xiàn)2逐漸減小 C．F1逐漸增大，F(xiàn)2保持不變 D．F1逐漸減小，F(xiàn)2保持不變 答案：B 解析

33、：以圓環(huán)、物塊A及輕繩整體為研究對象，分析受力情況，如圖1所示．根據(jù)平衡條件得，桿對環(huán)的摩擦力F1＝G，保持不變，桿對環(huán)的彈力F2＝F.再以結點O為研究對象，分析受力情況，如圖2所示．由平衡條件得F＝mgtanθ；在物塊A從題圖中實線位置緩慢下降到虛線位置的過程中，θ逐漸減小，則F逐漸減小，F(xiàn)2逐漸減小．故選B. 10. (多選)如圖所示，斜面體A靜止放置在水平地面上．質量為m的滑塊B在外力F1和F2的共同作用下沿斜面體表面向下運動．當F1方向水平向右、F2方向沿斜面體的表面向下時，斜面體受到地面的摩擦力方向向左．則下列說法中正確的是 (　　) A．若只撤去F1，在滑塊B仍沿斜

34、面向下運動的過程中，A所受地面摩擦力的方向可能向右 B．若只撤去F2，在滑塊B仍沿斜面向下運動的過程中，A所受地面摩擦力的方向可能向右 C．若只撤去F2，在滑塊B仍沿斜面向下運動的過程中，A所受地面摩擦力不變 D．若同時撤去F1和F2，滑塊B的加速度方向一定沿斜面向下 答案：CD 解析：選斜面體為研究對象，其受力當中在水平方向有分力的有：B對A的壓力FN，B對A的摩擦力Ff1和地面對A的摩擦力Ff2. 如圖所示，設斜面傾角為θ. 則：Ff1cosθ＋Ff2＝FNsinθ. 所以：Ff1cosθ

35、Nsinθ的關系不會改變！ 所以，只要滑塊B沿斜面下滑，地面對斜面的摩擦力方向應始終向左．所以A、B均錯．撤去F2后，B對A的壓力FN和摩擦力Ff1不受影響，故地面對A的摩擦力Ff2不變，即C對．又由Ff1cosθμmgcosθ，所以滑塊B的加速度方向一定向下，即D正確． 二、非選擇題 11. 如圖所示，水平細桿上套一環(huán)A，環(huán)A與球B間用一不可伸長輕質繩相連，質量分別為mA＝0.40 kg和mB＝0.30 kg，由于B球受到水平風力作用，使環(huán)A與球B一起向右勻速運動．運動過程中，繩始終保持與豎

36、直方向夾角θ＝30°，重力加速度g取10 m/s2，求： (1)B球受到的水平風力大?。? (2)環(huán)A與水平桿間的動摩擦因數(shù)． 答案：(1)1.73 N　(2)0.25 解析： (1)對B球受力分析，如圖甲所示，根據(jù)平衡條件可得 F＝mBgtanθ 數(shù)據(jù)代入得F＝ N≈1.73 N (2)選取環(huán)、球和輕繩整體為研究對象，受力如圖乙所示． 根據(jù)平衡條件得FN＝(mA＋mB)g F＝f 且f＝μFN 解得μ＝ 數(shù)據(jù)代入得μ＝≈0.25 12．如圖甲、乙所示，傳送帶上有質量均為m的三個木塊1、2、3，中間均用原長為L、勁度系數(shù)為k的輕彈簧連接起來，木塊與傳送帶間的動摩擦

37、因數(shù)均為μ，其中木塊1被與傳送帶平行的細線拉住，傳送帶按圖示方向勻速運動，三個木塊處于平衡狀態(tài)． (1)在圖甲狀態(tài)下，1、3兩木塊之間的距離是多大？ (2)在圖乙狀態(tài)下，細線的拉力是多大？木塊1、3之間的距離又是多大？ 答案：(1)2L＋　(2)3mg(sinα＋μcosα) 2L＋ 解析：(1)在題圖甲中，設1、2間彈簧伸長量為x1,2、3間彈簧伸長量為x2，根據(jù)平衡條件和胡克定律，對木塊3：kx2－μmg＝0 對木塊2：kx1－kx2－μmg＝0 1、3兩木塊之間的距離為x＝2L＋x1＋x2＝2L＋ (2)在題圖乙中，把三個木塊看成整體，根據(jù)平衡條件，有 T－3μmgcosα－3mgsinα＝0 細線的拉力T＝3mg(sinα＋μcosθ) 在題圖乙中，設1、2間彈簧伸長量為l1,2、3間彈簧伸長量為l2，根據(jù)平衡條件和胡克定律，對木塊2和木塊3整體，有kl1－μ·2mgcosα－2mgsinα＝0 可得l1＝ 對木塊3，有kl2－μmgcosα－mgsinα＝0 可得l2＝ 木塊1、3之間的距離l＝2L＋l1＋l2＝2L＋