(魯京遼)2022-2023學(xué)年高中數(shù)學(xué) 第1章 立體幾何初步章末檢測試卷 新人教B版必修2
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1、(魯京遼)2022-2023學(xué)年高中數(shù)學(xué) 第1章 立體幾何初步章末檢測試卷 新人教B版必修2 一、選擇題(本大題共12小題,每小題5分,共60分) 1.下列四個命題中,錯誤的是( ) A.若直線a,b互相平行,則直線a,b確定一個平面 B.若四點不共面,則這四點中任意三點都不共線 C.若兩條直線沒有公共點,則這兩條直線是異面直線 D.兩條異面直線不可能垂直于同一個平面 答案 C 解析 C項,兩直線無公共點,這兩直線平行或異面. 2.下列幾何體是旋轉(zhuǎn)體的是( ) ①圓柱;②六棱錐;③正方體;④球體;⑤四面體. A.①④ B.②③ C.①③ D.②④ 答案 A
2、3.如圖,已知正方體ABCD—A1B1C1D1的棱長為2,長為2的線段MN的一個端點M在棱DD1上運動,點N在正方體的底面ABCD內(nèi)運動,則MN的中點P的軌跡的面積是( ) A.4π B.π C.2π D. 答案 D 解析 連接DN,則△MDN為直角三角形, 在Rt△MDN中,MN=2,P為MN的中點,連接DP,則DP=1,所以點P在以D為球心,半徑R=1的球面上,又因為點P只能落在正方體上或其內(nèi)部,所以點P的軌跡的面積等于該球面面積的,故所求面積S=×4πR2=. 4.一個三角形在其直觀圖中對應(yīng)一個邊長為1的正三角形,原三角形的面積為( ) A. B. C.
3、D. 答案 D 解析 ∵=,S直=,∴S原=. 5.設(shè)正方體的表面積為24,那么其外接球的體積是( ) A.π B. C.4π D.32π 答案 C 解析 設(shè)正方體的棱長為a,由題意可知,6a2=24, ∴a=2. 設(shè)正方體外接球的半徑為R,則a=2R, ∴R=,∴V球=πR3=4π. 6.在圓錐VO中,O為底面圓的圓心,A,B為底面圓上兩點,且OA⊥OB,OA=VO=1,則O到平面VAB的距離為( ) A. B. C. D. 答案 B 解析 由題意,可得三棱錐V—AOB的體積為VV—AOB=S△AOB·VO=.△VAB是邊長為的等邊三角形,其面積
4、為×()2=.設(shè)點O到平面VAB的距離為h,則VO—VAB=S△VABh=h=VV—AOB=,解得h=,即點O到平面VAB的距離為. 7.《算數(shù)書》竹簡于上世紀八十年代在湖北省張家山出土,這是我國現(xiàn)存最早的有系統(tǒng)的數(shù)學(xué)典籍,其中記載有求“禾蓋”的術(shù):置如其周,令相乘也,又以高乘之,三十六成一.該術(shù)相當于給出了由圓錐的底面周長L與高h,計算其體積V的近似公式V≈L2h.它實際上是將圓錐體積公式中的圓周率π近似取為3.那么,近似公式V≈L2h相當于將圓錐體積公式中的圓周率π近似取為( ) A. B. C. D. 答案 D 解析 設(shè)圓錐的底面半徑為r,則圓錐的底面周長L=2πr,∴r
5、=,∴V=πr2h=.令=L2h,得π=,故選D. 8.若將一個真命題中的“平面”換成“直線”,“直線”換成“平面”后仍是真命題,則該命題稱為“可換命題”,下列四個命題: ①垂直于同一平面的兩直線平行; ②垂直于同一平面的兩平面平行; ③平行于同一直線的兩直線平行; ④平行于同一平面的兩直線平行. 其中是“可換命題”的是( ) A.①③ B.③④ C.①② D.①④ 答案 A 解析 對于①,由“垂直于同一直線的兩個平面平行”知,①是“可換命題”;對于②,由“垂直于同一平面的兩平面未必平行”知,②不是“可換命題”;對于③,由“平行于同一平面的兩個平面平行”知
6、,③是“可換命題”;對于④,由“平行于同一平面的兩直線未必平行”知,④不是“可換命題”.綜上所述,選A. 9.如圖,在三棱柱ABC-A1B1C1中,側(cè)棱AA1⊥底面A1B1C1,底面三角形A1B1C1是正三角形,E是BC的中點,則下列敘述正確的是( ) A.CC1與B1E是異面直線 B.AC⊥平面ABB1A1 C.AE,B1C1為異面直線,且AE⊥B1C1 D.A1C1∥平面AB1E 答案 C 解析 由已知AC=AB,E為BC的中點,得AE⊥BC. 又∵BC∥B1C1,∴AE⊥B1C1,C正確. 10.已知直線l⊥平面α,直線m?平面β,有以下四個命題: ①α∥β?l
7、⊥m;②α⊥β?l∥m;③l∥m?α⊥β;④l⊥m?α∥β. 其中正確的命題是( ) A.①② B.③④ C.②④ D.①③ 答案 D 解析 若α∥β,l⊥α,則l⊥β, 又m?β,所以l⊥m,故①正確; 若α⊥β,l⊥α,m?β, 則l與m可能異面,所以②不正確; 若l∥m,l⊥α,則m⊥α, 又m?β,則α⊥β,所以③正確; 若l⊥α,l⊥m,m?β,則α與β可能相交,故④不正確. 綜上可知,選D. 11.如圖,正方體ABCD-A1B1C1D1的棱長為1,線段B1D1上有兩個動點E,F(xiàn),且EF=,則下列結(jié)論中錯誤的是( ) A.AC⊥BE B.
8、EF∥平面ABCD C.三棱錐A-BEF的體積為定值 D.△AEF的面積與△BEF的面積相等 答案 D 解析 對D選項,由圖形知,B到線段EF的距離與A到EF的距離不相等, 故S△AEF≠S△BEF,所以D錯誤. 12.如圖所示,三棱錐A-BCD的底面是等腰直角三角形,AB⊥平面BCD,AB=BC=BD=2,E是棱CD上的任意一點,F(xiàn),G分別是AC,BC的中點,則在下列命題中:①平面ABE⊥平面BCD;②平面EFG∥平面ABD;③四面體FECG體積的最大值是,真命題的個數(shù)是( ) A.1 B.2 C.3 D.0 答案 B 解析 ①正確,因為AB⊥平面BCD,且AB
9、?平面ABE,由面面垂直的判定定理可知平面ABE⊥平面BCD;②錯,若兩平面平行,則必有AD∥EF,而點E是棱CD上任意一點,故該命題為假命題;③正確,由已知易得GF⊥平面GCE,且GF=AB=1,而當E與D重合時,S△GCE最大,S△GCE≤S△BCD=1,故VFECG=S△GCE·FG≤.故正確的命題為①③,故選B. 二、填空題(本大題共4小題,每小題5分,共20分) 13.如圖,正方形ABCD的邊長為1,所對的圓心角∠CDE=90°,將圖形ABCE繞AE所在直線旋轉(zhuǎn)一周,形成的幾何體的表面積為________. 答案 5π 解析 由題意知,形成的幾何體是組合體:上面是半球、下
10、面是圓柱,∵正方形ABCD的邊長為1,∠CDE=90°,∴球的半徑是1,圓柱的底面半徑是1,母線長是1,∴形成的幾何體的表面積S=π×12+2π×1×1+×4π×12=5π,故答案為5π. 14.已知平面α,β和直線m,給出條件:①m∥α;②m⊥α;③m?α;④α∥β.當滿足條件________時,有m⊥β. 答案?、冖? 15.如圖,在上、下底面對應(yīng)邊的比為1∶2的三棱臺中,過上底面一邊作一個平行于棱CC1的平面A1B1EF,這個平面分三棱臺成兩部分,則=________. 答案 解析 設(shè)三棱臺的上底面面積為S0,則下底面面積為4S0,高為h,則=(S0+4S0+2S0)h=S
11、0h,=S0h.設(shè)剩余的幾何體的體積為V,則V=S0h-S0h=S0h,體積之比為3∶4. 16.如圖,在四面體P-ABC中,PA=PB=,平面PAB⊥平面ABC,∠ABC=90°,AC=8,BC=6,則PC=________. 答案 7 解析 取AB的中點E,連接PE. ∵PA=PB,∴PE⊥AB. 又平面PAB⊥平面ABC, 平面PAB∩平面ABC=AB, ∴PE⊥平面ABC. 連接CE,∴PE⊥CE. ∵∠ABC=90°,AC=8,BC=6, ∴AB=2,PE==, CE==, PC==7. 三、解答題(本大題共6小題,共70分) 17.(10分)在三
12、棱錐S-ABC中,△ABC是邊長為6的正三角形,SA=SB=SC=15,平面DEFH分別與AB,BC,SC,SA交于點D,E,F(xiàn),H.D,E分別是AB,BC的中點,如果直線SB∥平面DEFH. 求四邊形DEFH的面積. 解 如圖,取AC的中點G, 連接SG,BG. 易知SG⊥AC,BG⊥AC,SG∩BG=G,SG,BG?平面SGB, 故AC⊥平面SGB, 所以AC⊥SB. 因為SB∥平面DEFH,SB?平面SAB,平面SAB∩平面DEFH=HD,則SB∥HD. 同理SB∥FE. 又D,E分別為AB,BC的中點, 則H,F(xiàn)也為AS,SC的中點, 從而得HF綊AC綊DE,
13、 所以四邊形DEFH為平行四邊形. 又AC⊥SB,SB∥HD,DE∥AC,所以DE⊥HD, 所以四邊形DEFH為矩形, 其面積S=HF·HD=·=. 18.(12分)如圖,矩形AMND所在平面與直角梯形MBCN所在的平面垂直,MB∥NC,MN⊥MB. (1)求證:平面AMB∥平面DNC; (2)若MC⊥CB,求證:BC⊥AC. 證明 (1)∵MB∥NC,MB?平面DNC, NC?平面DNC,∴MB∥平面DNC. ∵AMND是矩形,∴MA∥DN, 又MA?平面DNC,DN?平面DNC, ∴MA∥平面DNC, 又MA∩MB=M,且MA,MB?平面AMB, ∴平面AM
14、B∥平面DNC. (2)∵AMND是矩形,∴AM⊥MN, ∵平面AMND⊥平面MBCN,且平面AMND∩平面MBCN=MN, ∴AM⊥平面MBCN,∵BC?平面MBCN,∴AM⊥BC, ∵MC⊥BC,MC∩AM=M, ∴BC⊥平面AMC, ∵AC?平面AMC,∴BC⊥AC. 19.(12分)如圖,在四棱錐P—ABCD中,平面PAD⊥平面ABCD,底面ABCD為梯形,AB∥CD,AB=2DC=2,且△PAD與△ABD均為正三角形,E為AD的中點,G為△PAD的重心. (1)求證:GF∥平面PDC; (2)求三棱錐G—PCD的體積. (1)證明 方法一 連接AG并延長交PD
15、于點H,連接CH. 由梯形ABCD中AB∥CD且AB=2DC知,=. 又E為AD的中點,G為△PAD的重心, ∴=. 在△AHC中,==,故GF∥HC. 又HC?平面PCD,GF?平面PCD, ∴GF∥平面PDC. 方法二 過G作GN∥AD交PD于N,過F作FM∥AD交CD于M,連接MN, ∵G為△PAD的重心, ==, ∴GN=ED=. 又ABCD為梯形,AB∥CD, =,∴=, ∴=,∴MF=,∴GN=FM. 又由所作GN∥AD,F(xiàn)M∥AD,得GN∥FM, ∴四邊形GNMF為平行四邊形. ∴GF∥MN,又∵GF?平面PCD,MN?平面PCD, ∴G
16、F∥平面PDC. 方法三 過G作GK∥PD交AD于K,連接KF,GK, 由△PAD為正三角形,E為AD的中點,G為△PAD的重心,得DK=DE, ∴DK=AD, 又由梯形ABCD中AB∥CD,且AB=2DC, 知=,即FC=AC, ∴在△ADC中,KF∥CD, 又∵GK∩KF=K,PD∩CD=D, ∴平面GKF∥平面PDC, 又GF?平面GKF,∴GF∥平面PDC. (2)解 方法一 由平面PAD⊥平面ABCD,△PAD與△ABD均為正三角形,E為AD的中點,知PE⊥AD,BE⊥AD, 又∵平面PAD∩平面ABCD=AD,PE?平面PAD, ∴PE⊥平面ABCD,且
17、PE=3, 由(1)知GF∥平面PDC, ∴V三棱錐G—PCD=V三棱錐F—PCD=V三棱錐P—CDF =×PE×S△CDF. 又由梯形ABCD中AB∥CD,且AB=2DC=2,知DF=BD=, 又△ABD為正三角形,得∠CDF=∠ABD=60°, ∴S△CDF=×CD×DF×sin∠BDC=, 得V三棱錐P—CDF=×PE×S△CDF=, ∴三棱錐G—PCD的體積為. 方法二 由平面PAD⊥平面ABCD,△PAD與△ABD均為正三角形,E為AD的中點,知 PE⊥AD,BE⊥AD, 又∵平面PAD∩平面ABCD=AD,PE?平面PAD, ∴PE⊥平面ABCD,且PE=3
18、, 連接CE,∵PG=PE, ∴V三棱錐G—PCD=V三棱錐E—PCD=V三棱錐P—CDE =××PE×S△CDE, 又△ABD為正三角形,得∠EDC=120°, 得S△CDE=×CD×DE×sin∠EDC=. ∴V三棱錐G—PCD=××PE×S△CDE =××3×=, ∴三棱錐G—PCD的體積為. 20.(12分)如圖1所示的等邊△ABC的邊長為2a,CD是AB邊上的高,E,F(xiàn)分別是AC,BC邊的中點.現(xiàn)將△ABC沿CD折疊,使平面ADC⊥平面BDC,如圖2所示. (1)試判斷折疊后直線AB與平面DEF的位置關(guān)系,并說明理由; (2)求四面體A-DBC的外接球體積與
19、四棱錐D-ABFE的體積之比. 解 (1)∵E,F(xiàn)分別為AC,BC的中點, ∴AB∥EF, ∵AB?平面DEF,EF?平面DEF, ∴AB∥平面DEF. (2)以DA,DB,DC為棱補成一個長方體,則四面體A-DBC的外接球即為長方體的外接球. 設(shè)球的半徑為R, 則a2+a2+3a2=(2R)2, ∴R2=a2, 于是球的體積V1=πR3=πa3. 又VA-DBC=S△DBC·AD=a3, VE-DFC=S△DFC·AD=a3, ∴==. 21.(12分)如圖,三角形PDC所在的平面與長方形ABCD所在的平面垂直,PD=PC=4,AB=6,BC=3. (1)證明
20、:BC∥平面PDA; (2)證明:BC⊥PD; (3)求點C到平面PDA的距離. (1)證明 因為四邊形ABCD是長方形,所以BC∥AD,因為BC?平面PDA,AD?平面PDA,所以BC∥平面PDA. (2)證明 因為四邊形ABCD是長方形,所以BC⊥CD,因為平面PDC⊥平面ABCD,平面PDC∩平面ABCD=CD,BC?平面ABCD,所以BC⊥平面PDC,因為PD?平面PDC,所以BC⊥PD. (3)解 取CD的中點E,連接AE和PE.因為PD=PC,所以PE⊥CD,在Rt△PED中,PE===.因為平面PDC⊥平面ABCD,平面PDC∩平面ABCD=CD,PE?平面PDC,所以
21、PE⊥平面ABCD,由(2)知,BC⊥平面PDC,由(1)知,BC∥AD,所以AD⊥平面PDC,因為PD?平面PDC,所以AD⊥PD.設(shè)點C到平面PDA的距離為h,因為V三棱錐C-PDA=V三棱錐P-ACD,所以S△PDA·h=S△ACD·PE,即h===,所以點C到平面PDA的距離是. 22.(12分)如圖,在三棱錐P-ABC中,PA⊥平面ABC,AB=AC=2,BC=2,M,N分別為BC,AB的中點. (1)求證:MN∥平面PAC; (2)求證:平面PBC⊥平面PAM; (3)在AC上是否存在點E,使得ME⊥平面PAC,若存在,求出ME的長;若不存在,請說明理由. (1)證明
22、 因為M,N分別為BC,AB的中點, 所以MN∥AC. 因為MN?平面PAC,AC?平面PAC, 所以MN∥平面PAC. (2)證明 因為PA⊥平面ABC,BC?平面ABC, 所以PA⊥BC, 因為AB=AC=2,M為BC的中點, 所以AM⊥BC. 因為AM∩PA=A, 所以BC⊥平面PAM. 因為BC?平面PBC, 所以平面PBC⊥平面PAM. (3)解 存在. 過點M作ME⊥AC交AC于點E,因為PA⊥平面ABC,ME?平面ABC, 所以PA⊥ME. 因為ME⊥AC,AC∩PA=A, 所以ME⊥平面PAC. 因為在△ABC中,AB=AC=2,BC=2,M為BC的中點, 所以ME=.
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