2020高考數(shù)學(xué) 沖刺必考專題解析 立體幾何怎么解-高考必考

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1、立體幾何題怎么解 高考立體幾何試題一般共有4道(客觀題3道, 主觀題1道), 共計(jì)總分27分左右,考查的知識(shí)點(diǎn)在20個(gè)以內(nèi). 選擇填空題考核立幾中的計(jì)算型問題, 而解答題著重考查立幾中的邏輯推理型問題, 當(dāng)然, 二者均應(yīng)以正確的空間想象為前提. 隨著新的課程改革的進(jìn)一步實(shí)施,立體幾何考題正朝著”多一點(diǎn)思考,少一點(diǎn)計(jì)算”的發(fā)展.從歷年的考題變化看, 以多面體和旋轉(zhuǎn)體為載體的線面位置關(guān)系的論證,角與距離的探求是常考常新的熱門話題. 例1 四棱錐P—ABCD的底面是邊長(zhǎng)為a的正方形,PB⊥面ABCD. (1)若面PAD與面ABCD所成的二面角為60°,求這個(gè)四棱錐的體積;

2、 (2)證明無論四棱錐的高怎樣變化,面PAD與面PCD所成的二面角恒大于90° 講解:(1)正方形ABCD是四棱錐P—ABCD的底面, 其面積 為從而只要算出四棱錐的高就行了. 面ABCD, ∴BA是PA在面ABCD上的射影.又DA⊥AB, ∴PA⊥DA, ∴∠PAB是面PAD與面ABCD所成的二面角的平面角, ∠PAB=60°. 而PB是四棱錐P—ABCD的高,PB=AB·tg60°=a, . (2)不論棱錐的高怎樣變化,棱錐側(cè)面PAD與PCD恒為全等三角形. 作AE

3、⊥DP,垂足為E,連結(jié)EC,則△ADE≌△CDE, 是面PAD與面PCD所成的二面角的平面角. 設(shè)AC與DB相交于點(diǎn)O,連結(jié)EO,則EO⊥AC, 在 故平面PAD與平面PCD所成的二面角恒大于90°. 本小題主要考查線面關(guān)系和二面角的概念,以及空間想象能力和邏輯推理能力, 具有一定的探索性, 是一道設(shè)計(jì)新穎, 特征鮮明的好題. 例2 如圖,直三棱柱ABC-A1B1C1的底面ABC為等腰直角三角形,∠ACB=900,AC=1,C點(diǎn)到AB1的距離為CE=,D為AB的中點(diǎn). (1)求證:AB

4、1⊥平面CED; (2)求異面直線AB1與CD之間的距離; (3)求二面角B1—AC—B的平面角. 講解:(1)∵D是AB中點(diǎn),△ABC為等腰直角三角形,∠ABC=900,∴CD⊥AB又AA1⊥平面ABC,∴CD⊥AA1. ∴CD⊥平面A1B1BA ∴CD⊥AB1,又CE⊥AB1, ∴AB1⊥平面CDE; (2)由CD⊥平面A1B1BA ∴CD⊥DE ∵AB1⊥平面CDE ∴DE⊥AB1 ∴DE是異面直線AB1與CD的公垂線段 ∵CE=,AC=1 , ∴CD= ∴; (3)連結(jié)B1C,易證B1C⊥AC,又BC⊥AC , ∴∠B1CB是二面角B1—A

5、C—B的平面角. 在Rt△CEA中,CE=,BC=AC=1, ∴∠B1AC=600 ∴, ∴, ∴ , ∴. 作出公垂線段和二面角的平面角是正確解題的前提, 當(dāng)然, 準(zhǔn)確地作出應(yīng)當(dāng)有嚴(yán)格的邏輯推理作為基石. 例3 如圖a—l—是120°的二面角,A,B兩點(diǎn)在棱上,AB=2,D在內(nèi),三角形ABD是等腰直角三角形,∠DAB=90°,C在內(nèi),ABC是等腰直角三角形∠ACB= (I) 求三棱錐D—ABC的體積; (2)求二面角D—AC—B的大小; (3)求異面直線AB、CD所成的角. 講解: (1) 過D向平面做垂線,垂足為O,連強(qiáng)OA并

6、延長(zhǎng)至E. 為二面角a—l—的平面角.. 是等腰直角三角形,斜邊AB=2.又D到平面的距離DO= (2)過O在內(nèi)作OM⊥AC,交AC的反向延長(zhǎng)線于M,連結(jié)DM.則AC⊥DM.∴∠DMO 為二面角D—AC—B的平面角. 又在△DOA中,OA=2cos60°=1.且 (3)在平在內(nèi),過C作AB的平行線交AE于F,∠DCF為異面直線AB、CD所成的角. 為等腰直角三角形,又AF等于C到AB的距離,即△ABC斜邊上的高, 異面直線AB,CD所成的角為arctg 比較例2與例3解法的異同, 你會(huì)得出怎樣的啟示? 想想看. 例4 在邊長(zhǎng)為a的

7、正三角形的三個(gè)角處各剪去一個(gè)四邊形.這個(gè)四邊形是由兩個(gè)全等的直角三角形組成的,并且這三個(gè)四邊形也全等,如圖①.若用剩下的部分折成一個(gè)無蓋的正三棱柱形容器,如圖②.則當(dāng)容器的高為多少時(shí),可使這個(gè)容器的容積最大,并求出容積的最大值. 圖① 圖② 講解: 設(shè)容器的高為x.則容器底面正三角形的邊長(zhǎng)為, . 當(dāng)且僅當(dāng) . 故當(dāng)容器的高為時(shí),容器的容積最大,其最大容積為 對(duì)學(xué)過導(dǎo)數(shù)的同學(xué)來講,三次函數(shù)的最值問題用導(dǎo)

8、數(shù)求解是最方便的,請(qǐng)讀者不妨一試. 另外,本題的深化似乎與2002年全國(guó)高考文科數(shù)學(xué)壓軸題有關(guān),還請(qǐng)做做對(duì)照. 類似的問題是: 某企業(yè)設(shè)計(jì)一個(gè)容積為V的密閉容器,下部是圓柱形,上部是半球形,當(dāng)圓柱的底面半徑r和圓柱的高h(yuǎn)為何值時(shí),制造這個(gè)密閉容器的用料最?。慈萜鞯谋砻娣e最?。? 例5 已知三棱錐P—ABC中,PC⊥底面ABC,AB=BC, D、F分別為AC、PC的中點(diǎn),DE⊥AP于E. (1)求證:AP⊥平面BDE; (2)求證:平面BDE⊥平面BDF; (3)若AE∶EP=1∶2,求截面BEF分三棱錐 P—ABC所成兩部分的體

9、積比. 講解: (1)∵PC⊥底面ABC,BD平面ABC,∴PC⊥BD. 由AB=BC,D為AC的中點(diǎn),得BD⊥AC.又PC∩AC=C,∴BD⊥平面PAC. 又PA平面、PAC,∴BD⊥PA.由已知DE⊥PA,DE∩BD=D,∴AP⊥平面BDE. (2)由BD⊥平面PAC,DE平面PAC,得BD⊥DE.由D、F分別為AC、PC的中點(diǎn),得DF//AP. 由已知,DE⊥AP,∴DE⊥DF. BD∩DF=D,∴DE⊥平面BDF. 又DE平面BDE,∴平面BDE⊥平面BDF. (3)設(shè)點(diǎn)E和點(diǎn)A到平面PBC的距離分別為h1和h2.則 h1∶h2=EP∶AP

10、=2∶3, 故截面BEF分三棱錐P—ABC所成兩部分體積的比為1∶2或2∶1 值得注意的是, “截面BEF分三棱錐P—ABC所成兩部分的體積比”并沒有說明先后順序, 因而最終的比值答案一般應(yīng)為兩個(gè), 希不要犯這種”會(huì)而不全”的錯(cuò)誤. 例6 已知圓錐的側(cè)面展開圖是一個(gè)半圓,它被過底面中心O1且平行于母線AB的平面所截,若截面與圓錐側(cè)面的交線是焦參數(shù)(焦點(diǎn)到準(zhǔn)線的距離) 為p的拋物線. (1)求圓錐的母線與底面所成的角; (2)求圓錐的全面積. 講解: (1)設(shè)圓錐的底面半徑為R,母線長(zhǎng)為l, 由題意得:, 即, 所以母線和底面所成的角為

11、 (2)設(shè)截面與圓錐側(cè)面的交線為MON,其中O為截面與 AC的交點(diǎn),則OO1//AB且 在截面MON內(nèi),以O(shè)O1所在有向直線為y軸,O為原點(diǎn),建立坐標(biāo)系,則O為拋物的頂點(diǎn),所以拋物線方程為x2=-2py,點(diǎn)N的坐標(biāo)為(R,-R),代入方程得 R2=-2p(-R),得R=2p,l=2R=4p. ∴圓錐的全面積為. 將立體幾何與解析幾何相鏈接, 頗具新意, 預(yù)示了高考命題的新動(dòng)向. 類似請(qǐng)思考如下問題: 一圓柱被一平面所截,截口是一個(gè)橢圓.已知橢圓的 長(zhǎng)軸長(zhǎng)為5,短軸長(zhǎng)為4,被截后幾何體的最短側(cè)面母 線長(zhǎng)為1,則該幾何體的體積等于 .

12、 例7 如圖,幾何體ABCDE中,△ABC是正三角形,EA和DC都垂直于平面ABC,且EA=AB=2a, DC=a,F(xiàn)、G分別為EB和AB的中點(diǎn). (1)求證:FD∥平面ABC; (2)求證:AF⊥BD; (3) 求二面角B—FC—G的正切值. 講解: ∵F、G分別為EB、AB的中點(diǎn), ∴FG=EA,又EA、DC都垂直于面ABC, FG=DC, ∴四邊形FGCD為平行四邊形,∴FD∥GC,又GC面ABC, ∴FD∥面ABC. (2)∵AB=EA,且F為EB中點(diǎn),∴AF⊥EB ① 又FG∥EA,EA⊥面ABC ∴FG⊥面ABC ∵G

13、為等邊△ABC,AB邊的中點(diǎn),∴AG⊥GC. ∴AF⊥GC又FD∥GC,∴AF⊥FD ② 由①、②知AF⊥面EBD,又BD面EBD,∴AF⊥BD. (3)由(1)、(2)知FG⊥GB,GC⊥GB,∴GB⊥面GCF. 過G作GH⊥FC,垂足為H,連HB,∴HB⊥FC. ∴∠GHB為二面角B-FC-G的平面角. 易求. 例8 如圖,正方體ABCD—A1B1C1D1的棱長(zhǎng)為1,P、Q分別是線段AD1和BD上的點(diǎn),且 D1P∶PA=DQ∶QB=5∶12. (1) 求證PQ∥平面CDD1C1; (2) 求證PQ⊥AD; (3) 求線段PQ的長(zhǎng).

14、 講解: (1)在平面AD1內(nèi),作PP1∥AD與DD1交于點(diǎn)P1,在平面AC內(nèi),作 QQ1∥BC交CD于點(diǎn)Q1,連結(jié)P1Q1. ∵ , ∴PP1QQ1 . 由四邊形PQQ1P1為平行四邊形, 知PQ∥P1Q1  而P1Q1平面CDD1C1, 所以PQ∥平面CDD1C1 (2)AD⊥平面D1DCC1, ∴AD⊥P1Q1, 又∵PQ∥P1Q1, ∴AD⊥PQ. (3)由(1)知P1Q1 PQ, ,而棱長(zhǎng)CD=1. ∴DQ1=. 同理可求得 P1D=. 在Rt△P1DQ1中,應(yīng)用勾股定理, 立得 P1Q1=. 做為本題

15、的深化, 筆者提出這樣的問題: P, Q分別是BD,上的動(dòng)點(diǎn),試求的最小值, 你能夠應(yīng)用函數(shù)方法計(jì)算嗎? 試試看. 并與如下2002年全國(guó)高考試題做以對(duì)照, 你會(huì)得到什么啟示? 如圖,正方形ABCD、ABEF的邊長(zhǎng)都是1,而且平面ABCD、ABEF互相垂直。點(diǎn)M在AC上移動(dòng),點(diǎn)N在BF上移動(dòng),若CM=BN= (1) 求MN的長(zhǎng); (2) 當(dāng)為何值時(shí),MN的長(zhǎng)最??; (3) 當(dāng)MN長(zhǎng)最小時(shí),求面MNA與面MNB所成的二面角的大小。 立體幾何知識(shí)是復(fù)課耗時(shí)較多, 而考試得分偏底的題型. 只有放底起點(diǎn), 依據(jù)課本, 熟化知識(shí), 構(gòu)建空間思維網(wǎng)絡(luò), 掌握解三角形的基本工具, 嚴(yán)密規(guī)范表述, 定會(huì)突破解答立幾考題的道道難關(guān).

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