《(全國通用)2020版高考數(shù)學二輪復習 專題提分教程 高難拉分攻堅特訓(五)理》由會員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《(全國通用)2020版高考數(shù)學二輪復習 專題提分教程 高難拉分攻堅特訓(五)理(4頁珍藏版)》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。
1、高難拉分攻堅特訓(五)
1.已知函數(shù)f(x)=sin2x的圖象與直線2kx-2y-kπ=0(k>0)恰有三個公共點,這三個點的橫坐標從小到大分別為x1,x2,x3,則(x1-x3)tan(x2-2x3)=( )
A.-2 B.-1 C.0 D.1
答案 B
解析 記直線2kx-2y-kπ=0為l,則l必過點.又l與f(x)的圖象均關(guān)于點對稱,所以由題意可知,x1+x3=2x2=π,且l是曲線y=f(x)的一條切線,(x3,f(x3))是其中一個切點.因為f(x)=sin2x,所以f′(x)=2cos2x,所以切線l的斜率k=2cos2x3=,即=1,所以(x1-x3)tan(x
2、2-2x3)=(π-2x3)tan==-1.故選B.
2.已知數(shù)列{an}的前n項和為Sn,a1=1,a2=3,且Sn+1+Sn-1=2n+2Sn(n≥2),若λ(Sn-an)+λ+7≥(2-λ)n對任意n∈N*都成立,則實數(shù)λ的最小值為________.
答案
解析 數(shù)列{an}的前n項和為Sn,a1=1,a2=3,且Sn+1+Sn-1=2n+2Sn(n≥2),
所以Sn+1-Sn=2n+Sn-Sn-1,
故an+1-an=2n(n≥2),
因為a2-a1=21,所以an+1-an=2n(n≥1),
所以an-an-1=2n-1,an-1-an-2=2n-2,…,a2-a1=
3、21,
則an-a1=21+22+…+2n-1,
故an=1+21+…+2n-1==2n-1,
所以Sn=21+22+23+…+2n-n=-n=2n+1-n-2,
所以Sn-an=2n-n-1,
因為λ(Sn-an)+λ+7≥(2-λ)n對任意n∈N*都成立,
所以λ≥max.
設(shè)cn=,則cn+1-cn=-=,
當n≤4時,cn+1>cn,當n≥5時,cn+1
4、M的軌跡方程;
(2)若動直線l與圓O:x2+y2=相切,且與動點M的軌跡交于點E,F(xiàn),求△OEF面積的最大值(O為坐標原點).
解 (1)由題知|MA|=|MC|,∵|MA|+|MB|=4,
∴|MB|+|MC|=4>4=|BC|,
∴M的軌跡是以B,C為焦點的橢圓,其方程為+=1.
(2)①當l的斜率存在時.設(shè)E(x1,y1),F(xiàn)(x2,y2),
l的方程為y=kx+m.
由得,(2k2+1)x2+4kmx+2m2-8=0,
∴
可得|EF|=|x1-x2|
=,
∵l與圓O相切,∴3m2=8(1+k2),
從而|EF|=·,
令2k2+1=t,得k2=(t≥1)
5、,
∴|EF|=·
=·≤×=2.
當且僅當t=2,即k=±時取等號.
∴(S△OEF)max=×2× =2.
②當l的斜率不存在時.易得l的方程為x=或x=-.
此時|EF|=,
∴S△OEF=×× =<2.
由①②可得,S△OEF的最大值為2.
4.已知函數(shù)f(x)=ln x++x(a∈R).
(1)討論函數(shù)f(x)的單調(diào)性;
(2)若a=1,f(x)>+x-1在(1,+∞)上恒成立,求k的取值范圍.
解 (1)由題可知f′(x)=-+1=(x>0),
①當a≤0時,此時f′(x)≥0恒成立,
∴f(x)在(0,+∞)上單調(diào)遞增.
②當a>0時,令f′(x)>
6、0,解得x>;令f′(x)<0,解得00恒成立.
令g(x)=(k-1)ln x+x-(x>1),
則g′(x)=+1+=.
令h(x)=x2+(k-1)x+1,
①當k≥-1時,此時h(x)的對稱軸:x=-=≤1,
∴h(x)在(1,+∞)上單調(diào)遞增.
又∵h(1)=k+1≥0,∴h(x)≥0在(1,+∞)上恒成立.
∴g′(x)≥0在(1,+∞)上恒成立,即g(x)在(1,+∞)上單調(diào)遞增.
∴g(x)>g(1)=0.
∴k≥-1符合要求.
②當k<-1時,此時h(1)=k+1<0,
∴h(x)=0在(1,+∞)上有一根,設(shè)為x0,
當x∈(1,x0)時,h(x)<0,即g′(x)<0.
∴g(x)在(1,x0)上單調(diào)遞減.
∴g(x)0在(1,+∞)上恒成立矛盾.
綜合①②可得,k的取值范圍為[-1,+∞).
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