(2019高考題 2019模擬題)2020高考數(shù)學(xué) 基礎(chǔ)鞏固練(三)理(含解析)

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1、基礎(chǔ)鞏固練(三) 本試卷分第Ⅰ卷(選擇題)和第Ⅱ卷(非選擇題)兩部分.滿(mǎn)分150分,考試時(shí)間120分鐘. 第Ⅰ卷 (選擇題,共60分) 一、選擇題:本大題共12小題,每小題5分,共60分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的. 1.(2019·湖南衡陽(yáng)三模)若集合{x|2x>2}={x|log (x-a)<0},則實(shí)數(shù)a的值為(  ) A. B.2 C. D.1 答案 A 解析 依題意知,={x|x>a+1}, ∴a+1=,故a=.故選A. 2.(2019·黔東南州一模)+=(  ) A.-1 B.-i C.1 D.i 答案 A 解析?。剑剑?/p>

2、1,故答案為A. 3.(2019·遼寧省遼南協(xié)作體一模)下列判斷錯(cuò)誤的是(  ) A.“|a|<|b|”是“|am|<|bm|”的充分不必要條件 B.若綈(p∨q)為真命題,則p,q均為假命題 C.命題“?x∈R,ax+b≤0”的否定是“?x∈R,ax+b>0” D.若隨機(jī)變量ξ服從正態(tài)分布N(1,σ2),P(ξ≤3)=0.72,則P(ξ≤-1)=0.28 答案 A 解析 當(dāng)m=0時(shí),若“|a|<|b|”,則“|am|<|bm|”不成立,即充分性不成立,故A錯(cuò)誤;若綈(p∨q)為真命題,則p∨q為假命題,則p,q都是假命題,故B正確; 命題“?x∈R,ax+b≤0”的否定是“?

3、x∈R,ax+b>0”正確,故C正確;若隨機(jī)變量ξ服從正態(tài)分布N(1,σ2),P(ξ≤3)=0.72=P(ξ>-1),則P(ξ≤-1)=1-P(ξ>-1)=1-0.72=0.28,故D正確,故選A. 4.(2019·衡水模擬)已知e1=(1,0),|e2|=1,e1,e2的夾角為30°,若e1-e2,e1+λe2相互垂直,則實(shí)數(shù)λ的值是(  ) A.- B. C.3+4 D.-3+4 答案 A 解析 因?yàn)閑1-e2,e1+λe2相互垂直,所以(e1-e2)·(e1+λe2)=0,整理得到e+(λ-1)e1·e2-λe=0,故+(λ-1)×-λ=0,故λ=-,故選A. 5.(

4、2019·齊齊哈爾二模)函數(shù)f(x)=的圖象大致是(  ) 答案 C 解析 因?yàn)楹瘮?shù)f(x)的定義域關(guān)于原點(diǎn)對(duì)稱(chēng),且f(-x)==-f(x),∴函數(shù)f(x)是奇函數(shù),圖象關(guān)于原點(diǎn)對(duì)稱(chēng),排除A,B,當(dāng)x>0時(shí),f(x)>0,排除D,故選C. 6.(2019·銀川一中二模)已知某個(gè)幾何體的三視圖如圖,根據(jù)圖中標(biāo)出的尺寸,可得這個(gè)幾何體的表面積是(  ) A.16+ B.12+2+2 C.18+2 D.16+2 答案 B 解析 根據(jù)三視圖可知原幾何體為四棱錐E-ABCD, 則它的表面積=S△ADE+S△EDC+S△ABE+S△BEC+S梯形ABCD=×2×2+×2

5、×4+×2×2+×2×2+×(2+4)×2=12+2+2.故選B. 7.(2019·哈六中模擬)實(shí)數(shù)x,y滿(mǎn)足不等式組 若z=3x+y的最大值為5,則正數(shù)m的值為(  ) A.2 B. C.10 D. 答案 A 解析 如圖,先由 畫(huà)出可行域,發(fā)現(xiàn)y≥0,所以由y(y-m)≤0可得y≤m,且m為正數(shù).畫(huà)出可行域?yàn)椤鰽OB(含邊界)區(qū)域.將z=3x+y轉(zhuǎn)化為y=-3x+z,它是斜率為-3的一簇平行線(xiàn),z表示在y軸的截距,由圖可知在A點(diǎn)時(shí)截距最大,即m=-3·+5,解得m=2.故選A. 8.(2019·洛陽(yáng)三模)如圖的程序框圖的算法思路源于我國(guó)古代數(shù)學(xué)名著《數(shù)書(shū)九章》中的“中

6、國(guó)剩余定理”,比如已知正整數(shù)n被3除余2,被7除余4,被8除余5,求n的最小值.執(zhí)行程序框圖,則輸出的n=(  ) A.62 B.59 C.53 D.50 答案 C 解析 正整數(shù)n被3除余2,得n=3k+2,k∈N; 被8除余5,得n=8l+5,l∈N; 被7除余4,得n=7m+4,m∈N; 求得n的最小值是53.故選C. 9.(2019·煙臺(tái)一模)將函數(shù)f(x)=sin(ωx+φ)的圖象向右平移個(gè)單位長(zhǎng)度后,所得圖象關(guān)于y軸對(duì)稱(chēng),且f=-,則當(dāng)ω取最小值時(shí),函數(shù)f(x)的解析式為(  ) A.f(x)=sin B.f(x)=sin C.f(x)=sin D.f

7、(x)=sin 答案 C 解析 將函數(shù)f(x)=sin(ωx+φ)的圖象向右平移個(gè)單位長(zhǎng)度后,可得y=sin的圖象, ∵所得圖象關(guān)于y軸對(duì)稱(chēng),∴-+φ=kπ+,k∈Z. ∵f=-=sin(π+φ)=-sinφ,即sinφ=, ∴φ=, ∴-=kπ+,當(dāng)ω取最小值時(shí),取k=-1, 可得ω=4, ∴函數(shù)f(x)的解析式為f(x)=sin,故選C. 10.(2019·廈門(mén)一模)現(xiàn)有甲班A,B,C,D四名學(xué)生,乙班E,F(xiàn),G三名學(xué)生,從這7名學(xué)生中選4名學(xué)生參加某項(xiàng)活動(dòng),則甲、乙兩班每班至少有1人,且A必須參加的方法有(  ) A.10種 B.15種 C.18種 D.19種

8、 答案 D 解析 由題意按甲、乙班參加人數(shù)分情況討論如下: 若甲班1人,乙班3人,共1種方法; 若甲班2人,乙班2人,共CC=9種方法; 若甲班3人,乙班1人,共CC=9種方法;故甲、乙兩班每班至少有1人,且A必須參加的方法有1+9+9=19種.故選D. 11.(2019·青島二中一模)設(shè)雙曲線(xiàn)-=1(a>b>0)的左、右兩焦點(diǎn)分別為F1,F(xiàn)2,P是雙曲線(xiàn)上一點(diǎn),點(diǎn)P到雙曲線(xiàn)中心的距離等于雙曲線(xiàn)焦距的一半,且|PF1|+|PF2|=4a,則雙曲線(xiàn)的離心率是(  ) A. B. C. D. 答案 A 解析 不妨設(shè)點(diǎn)P在雙曲線(xiàn)的右支上,則|PF1|-|PF2|=2a.因?yàn)閨P

9、F1|+|PF2|=4a,所以|PF1|=3a,|PF2|=a.由點(diǎn)P到雙曲線(xiàn)中心的距離等于雙曲線(xiàn)焦距的一半可知,PF1⊥PF2,所以|PF1|2+|PF2|2=|F1F2|2,即9a2+a2=4c2,得=.所以雙曲線(xiàn)的離心率e==.故選A. 12.(2019·大同一中二模)已知定義在R的函數(shù)y=f(x)對(duì)任意的x滿(mǎn)足f(x+1)=-f(x),當(dāng)-1≤x<1,f(x)=x3.函數(shù)g(x)=若函數(shù)h(x)=f(x)-g(x)在[-6,+∞)上有6個(gè)零點(diǎn),則實(shí)數(shù)a的取值范圍是(  ) A.∪(7,+∞) B.∪[7,9) C.∪(7,9] D.∪(1,9] 答案 C 解析 因?yàn)閒

10、(x+2)=-f(x+1)=f(x),故f(x)是周期函數(shù)且周期為2,如圖f(x)的圖象與y=-(x<0)的圖象在[-6,0)上有兩個(gè)不同的交點(diǎn),故f(x)的圖象與g(x)的圖象在(0,+∞)上有4個(gè)不同的交點(diǎn),故解得7

11、角A,B,C的對(duì)邊分別為a,b,c,btanB+btanA=-2ctanB,且a=8,△ABC的面積為4,則b+c的值為_(kāi)_______. 答案 4 解析 ∵btanB+btanA=-2ctanB, ∴sinB(tanB+tanA)=-2sinCtanB. ∴sinB(tanB+tanA)=-2sinC·. ∴cosB(tanA+tanB)=-2sinC. ∴cosB=-2sinC. ∴cosB·=-2sinC. ∴cosB·==-2sinC. 解得cosA=-,∴A=, ∵a=8,由余弦定理,得64=b2+c2+bc=(b+c)2-bc,又∵△ABC的面積為4=bcsin

12、A=×bc, ∴bc=16,b+c=4. 15.(2019·保定市二模)如圖所示,在平面直角坐標(biāo)系內(nèi),四邊形ABCD為正方形且點(diǎn)C的坐標(biāo)為.拋物線(xiàn)Γ的頂點(diǎn)在原點(diǎn),關(guān)于x軸對(duì)稱(chēng),且過(guò)點(diǎn)C.在正方形ABCD內(nèi)隨機(jī)取一點(diǎn)M,則點(diǎn)M在陰影區(qū)域內(nèi)的概率為_(kāi)_______. 答案  解析 由拋物線(xiàn)Γ的頂點(diǎn)在原點(diǎn),關(guān)于x軸對(duì)稱(chēng),且過(guò)點(diǎn)C,所以?huà)佄锞€(xiàn)Γ的方程為y2=x,陰影區(qū)域的面積為2 dx=x=,又因?yàn)檎叫蔚拿娣e為1,所以點(diǎn)M在陰影區(qū)域內(nèi)的概率為. 16.(2019·天津高考)在四邊形ABCD中,AD∥BC,AB=2,AD=5,∠A=30°,點(diǎn)E在線(xiàn)段CB的延長(zhǎng)線(xiàn)上,且AE=BE,

13、則·=________. 答案?。? 解析 如圖,∵E在線(xiàn)段CB的延長(zhǎng)線(xiàn)上, ∴EB∥AD. ∵∠DAB=30°, ∴∠ABE=30°.∵AE=BE,∴∠EAB=30°. 又∵AB=2,∴BE=2.∵AD=5,∴=. ∴=+=-. 又∵=-, ∴·=(-) =·-2-2+· =||·||·cos30°-×52-(2)2 =×5×2×-10-12=21-22=-1. 三、解答題:共70分.解答應(yīng)寫(xiě)出文字說(shuō)明、證明過(guò)程或演算步驟.第17~21題為必考題,每個(gè)試題考生都必須作答.第22、23題為選考題,考生根據(jù)要求作答. (一)必考題:60分. 17.(本小題滿(mǎn)分1

14、2分)(2019·懷化市二模)已知各項(xiàng)均不為0的等差數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn,若a8=15,且a1,a2,S3成等比數(shù)列. (1)求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式與Sn; (2)設(shè)bn=,數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)和為T(mén)n,求證:Tn<. 解 (1)設(shè)等差數(shù)列{an}的公差為d, 則a8=a1+7d=15. 由a1,a2,S3成等比數(shù)列知a=a1S3, 即(a1+d)2=a1(3a1+3d)=3a1(a1+d). 所以(d-2a1)(a1+d)=0,因a1+d=a2≠0, 于是d=2a1,解得a1=1,d=2, an=2n-1,Sn==n2. (2)證明:因bn===, 所以Tn=

15、b1+b2+…+bn==<.所以原不等式成立. 18.(本小題滿(mǎn)分12分)(2019·石家莊模擬)某公司為了提高利潤(rùn),從2012年至2018年每年對(duì)生產(chǎn)環(huán)節(jié)的改進(jìn)進(jìn)行投資,投資金額與年利潤(rùn)增長(zhǎng)的數(shù)據(jù)如表: 年份 2012 2013 2014 2015 2016 2017 2018 投資金額 x(萬(wàn)元) 4.5 5.0 5.5 6.0 6.5 7.0 7.5 年利潤(rùn)增長(zhǎng) y(萬(wàn)元) 6.0 7.0 7.4 8.1 8.9 9.6 11.1 (1)請(qǐng)用最小二乘法求出y關(guān)于x的回歸直線(xiàn)方程;如果2019年該公司計(jì)劃對(duì)生產(chǎn)環(huán)節(jié)的改進(jìn)的投資金額為8

16、萬(wàn)元,估計(jì)該公司在該年的年利潤(rùn)增長(zhǎng)為多少?(結(jié)果保留兩位小數(shù)) (2)現(xiàn)從2012~2018年這7年中抽出兩年進(jìn)行調(diào)查,記λ=年利潤(rùn)增長(zhǎng)-投資金額,求這兩年都是λ≥2(萬(wàn)元)的概率? 參考公式:==, =-. 參考數(shù)據(jù):xiyi=359.6,x=259. 解 (1)由題意計(jì)算,得=6,=8.3,7=348.6, 又xiyi=359.6,x=259, 所以===≈1.571, 所以=-=8.3-1.571×6=-1.126≈-1.13, 所以回歸直線(xiàn)方程為=1.57x-1.13; 將x=8代入方程,得=1.57×8-1.13=11.43, 即該公司在該年的年利潤(rùn)增長(zhǎng)大約為1

17、1.43萬(wàn)元. (2)由題意可知, 年份 2012 2013 2014 2015 2016 2017 2018 λ 1.5 2 1.9 2.1 2.4 2.6 3.6 λ≥2(萬(wàn)元)的年份有2013,2015,2016,2017,2018,所以?xún)赡甓际铅恕?(萬(wàn)元)的概率是P==. 19.(本小題滿(mǎn)分12分)(2019·長(zhǎng)沙統(tǒng)測(cè))已知三棱錐P-ABC(如圖1)的平面展開(kāi)圖(如圖2)中,四邊形ABCD為邊長(zhǎng)等于的正方形,△ABE和△BCF均為正三角形,在三棱錐P-ABC中: (1)證明:平面PAC⊥平面ABC; (2)若點(diǎn)M在棱PA上運(yùn)動(dòng),當(dāng)直線(xiàn)BM

18、與平面PAC所成的角最大時(shí),求二面角P-BC-M的余弦值. 解 (1)證明:設(shè)AC的中點(diǎn)為O,連接BO,PO. 由題意,得PA=PB=PC=,PO=1,AO=BO=CO=1. ∵在△PAC中,PA=PC, O為AC的中點(diǎn),∴PO⊥AC, ∵在△POB中,PO=1, OB=1,PB=,PO2+OB2=PB2,∴PO⊥OB. ∵AC?平面ABC,OB?平面ABC,AC∩OB=O, ∴PO⊥平面ABC, ∵PO?平面PAC,∴平面PAC⊥平面ABC. (2)由(1)知,BO⊥PO,BO⊥AC,BO⊥平面PAC, ∴∠BMO是直線(xiàn)BM與平面PAC所成的角, 且tan∠BMO

19、==, ∴當(dāng)OM最短,即M是PA的中點(diǎn)時(shí),∠BMO最大. 由PO⊥平面ABC,OB⊥AC,∴PO⊥OB,PO⊥OC, 于是以O(shè)C,OB,OP所在直線(xiàn)分別為x軸、y軸、z軸建立如圖所示的空間直角坐標(biāo)系, 則O(0,0,0),C(1,0,0),B(0,1,0),A(-1,0,0),P(0,0,1),M, =(1,-1,0),=(1,0,-1),=. 設(shè)平面MBC的法向量為m=(x1,y1,z1), 則由得 令x1=1, 得y1=1,z1=3,即m=(1,1,3). 設(shè)平面PBC的法向量為n=(x2,y2,z2), 由得 令x2=1,得 y2=1,z2=1,即n

20、=(1,1,1). cos〈m,n〉===.由圖可知,二面角P-BC-M的余弦值為. 20.(本小題滿(mǎn)分12分)(2019·煙臺(tái)一模)已知F為拋物線(xiàn)C:y2=2px(p>0)的焦點(diǎn),過(guò)F的動(dòng)直線(xiàn)交拋物線(xiàn)C于A,B兩點(diǎn).當(dāng)直線(xiàn)與x軸垂直時(shí),|AB|=4. (1)求拋物線(xiàn)C的方程; (2)設(shè)直線(xiàn)AB的斜率為1且與拋物線(xiàn)的準(zhǔn)線(xiàn)l相交于點(diǎn)M,拋物線(xiàn)C上存在點(diǎn)P使得直線(xiàn)PA,PM,PB的斜率成等差數(shù)列,求點(diǎn)P的坐標(biāo). 解 (1)因?yàn)镕,在拋物線(xiàn)方程y2=2px中,令x=,可得y=±p. 于是當(dāng)直線(xiàn)與x軸垂直時(shí),|AB|=2p=4,解得p=2. 所以?huà)佄锞€(xiàn)的方程為y2=4x. (2)因?yàn)閽?/p>

21、物線(xiàn)y2=4x的準(zhǔn)線(xiàn)方程為x=-1, 由已知可求得直線(xiàn)AB的方程為y=x-1, 所以M(-1,-2). 聯(lián)立消去x,得y2-4y-4=0. 設(shè)A(x1,y1),B(x2,y2),則y1+y2=4,y1y2=-4. 若點(diǎn)P(x0,y0)滿(mǎn)足條件,則2kPM=kPA+kPB, 即2·=+, 因?yàn)辄c(diǎn)P,A,B均在拋物線(xiàn)上, 所以x0=,x1=,x2=. 代入化簡(jiǎn)可得=, 將y1+y2=4,y1y2=-4代入,解得y0=±2. 將y0=±2代入拋物線(xiàn)方程,可得x0=1. 于是點(diǎn)P(1,±2)為滿(mǎn)足題意的點(diǎn). 21.(本小題滿(mǎn)分12分)(2019·湖南永州三模)已知函數(shù)f(x)

22、=x2,g(x)=(m是常數(shù)). (1)求函數(shù)h(x)=f(x)g(x)-1的單調(diào)區(qū)間; (2)當(dāng)x∈(0,4e)時(shí),函數(shù)h(x)=f(x)g(x)-1有零點(diǎn),求m的取值范圍. 解 (1)由題意,知h(x)=x2e-mx-1(x∈R),則 h′(x)=2xe-mx+x2(-m)e-mx=e-mx(-mx2+2x)(x∈R). ①當(dāng)m=0時(shí),令h′(x)>0,有x>0;令h′(x)<0,有x<0. 故函數(shù)y=h(x)在(0,+∞)上單調(diào)遞增,在(-∞,0)上單調(diào)遞減. ②當(dāng)m>0時(shí),令h′(x)>0,有0. 故函數(shù)y=h(x)在上單調(diào)遞增,

23、在(-∞,0)和上單調(diào)遞減. ③當(dāng)m<0時(shí),令h′(x)>0,有x>0或x<; 令h′(x)<0,有0時(shí),函數(shù)y=h(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為,單調(diào)遞減區(qū)間為(-∞,0)和; 當(dāng)m<0時(shí),函數(shù)y=h(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為和(0,+∞),單調(diào)遞減區(qū)間為. (2)①當(dāng)m=0時(shí),由h(x)=0可得x=±1,有1∈(0,4e),故m=0滿(mǎn)足題意. ②當(dāng)m>0時(shí),若∈(0,4e),即m>時(shí),由(1)知函數(shù)y=h(x)在上

24、單調(diào)遞增,在上單調(diào)遞減. 而h(0)=-1<0,令h(x)max=h=e-2-1≥0,有-≤m≤,∴0,解得m,故00, 解得m0,故m<0. 綜上所述,m的取值范圍是m≤}. (二)選考題:10分.請(qǐng)考生在第22、23題中任選

25、一題作答,如果多做,則按所做的第一題計(jì)分. 22.(本小題滿(mǎn)分10分)[選修4-4:坐標(biāo)系與參數(shù)方程] (2019·湖南永州三模)在直角坐標(biāo)系xOy中,直線(xiàn)l的參數(shù)方程為(t為參數(shù),α∈[0,π)),以坐標(biāo)原點(diǎn)為極點(diǎn),x軸的正半軸為極軸建立極坐標(biāo)系,曲線(xiàn)C的極坐標(biāo)方程為ρ=-4cosθ. (1)寫(xiě)出當(dāng)α=時(shí)的直線(xiàn)l的普通方程和曲線(xiàn)C的直角坐標(biāo)方程; (2)已知點(diǎn)P(-1,1),直線(xiàn)l與曲線(xiàn)C相交于不同的兩點(diǎn)A,B,求+的取值范圍. 解 (1)當(dāng)α=時(shí),直線(xiàn)l的普通方程為y=-x, 曲線(xiàn)C的直角坐標(biāo)方程為x2+4x+y2=0. (2)將直線(xiàn)l的參數(shù)方程代入x2+4x+y2=0,整理

26、得t2+(2sinα+2cosα)t-2=0, 由參數(shù)t的幾何意義,有|PA|·|PB|=|t1t2|=2,|PA|+|PB|=|t1|+|t2|=|t1-t2|, 所以+====, 又sin2α∈[-1,1], 所以+的取值范圍是[,2]. 23.(本小題滿(mǎn)分10分)[選修4-5:不等式選講] (2019·湖南永州三模)已知函數(shù)f(x)=|x+a|+|x-b|. (1)當(dāng)a=1,b=1時(shí),求不等式f(x)≤4的解集; (2)若a>0,b>0,f(x)的最小值為2,求+的最小值. 解 (1)當(dāng)a=1,b=1時(shí),f(x)=可得f(x)≤4的解集為[-2,2]. (2)因?yàn)閒(x)=|x+a|+|x-b|≥|(x+a)+(b-x)|=|a+b|,又f(x)的最小值為2, 所以|a+b|=2,又a>0,b>0,a+b=2, 所以+=(a+b)=≥(3+2), 當(dāng)且僅當(dāng)a=2-2,b=4-2時(shí)取等號(hào), 故+的最小值為. 14

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