(全國(guó)通用)2020版高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題提分教程 仿真模擬卷二 理

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1、仿真模擬卷二 本試卷分第Ⅰ卷(選擇題)和第Ⅱ卷(非選擇題)兩部分.共150分,考試時(shí)間120分鐘. 第Ⅰ卷 一、選擇題:本大題共12小題,每小題5分,共60分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的. 1.已知集合P={0,1,2},Q={x|x<2},則P∩Q=(  ) A.{0} B.{0,1} C.{1,2} D.{0,2} 答案 B 解析 因?yàn)榧螾={0,1,2},Q={x|x<2},所以P∩Q={0,1}. 2.已知復(fù)數(shù)z滿足|z|=,z+=2(為z的共軛復(fù)數(shù))(i為虛數(shù)單位),則z=(  ) A.1+i B.1-i C.1+i或1-i

2、 D.-1+i或-1-i 答案 C 解析 設(shè)z=a+bi(a,b∈R),則=a-bi,z+=2a, 所以得所以z=1+i或z=1-i. 3.若a>1,則“ax>ay”是“l(fā)ogax>logay”的(  ) A.必要不充分條件 B.充分不必要條件 C.充要條件 D.既不充分也不必要條件 答案 A 解析 由a>1,得ax>ay等價(jià)為x>y,logax>logay等價(jià)為x>y>0,故“ax>ay”是“l(fā)ogax>logay”的必要不充分條件. 4.已知a=log52,b=log0.50.2,c=0.50.2,則a,b,c的大小關(guān)系為(  ) A.a(chǎn)

3、log0.50.25=2,0.51

4、展開式的通項(xiàng)為C(-)m=C(-1)mx,(1+)4的展開式的通項(xiàng)為C()n=Cx,其中m=0,1,2,…,6,n=0,1,2,3,4. 令+=1,得m+n=2,于是(1-)6(1+)4的展開式中x的系數(shù)等于C·(-1)0·C+C·(-1)1·C+C·(-1)2·C=-3. 解法二:(1-)6(1+)4=[(1-)(1+)]4(1-)2=(1-x)4(1-2+x).于是(1-)6(1+)4的展開式中x的系數(shù)為C·1+C·(-1)1·1=-3. 解法三:在(1-)6(1+)4的展開式中要出現(xiàn)x,可分為以下三種情況: ①(1-)6中選2個(gè)(-),(1+)4中選0個(gè)作積,這樣得到的x項(xiàng)的系數(shù)

5、為CC=15; ②(1-)6中選1個(gè)(-),(1+)4中選1個(gè)作積,這樣得到的x項(xiàng)的系數(shù)為C(-1)1C=-24; ③(1-)6中選0個(gè)(-),(1+)4中選2個(gè)作積,這樣得到的x項(xiàng)的系數(shù)為CC=6. 故x項(xiàng)的系數(shù)為15-24+6=-3. 7.已知直線y=x+m和圓x2+y2=1交于A,B兩點(diǎn),O為坐標(biāo)原點(diǎn),若·=,則實(shí)數(shù)m=(  ) A.±1 B.± C.± D.± 答案 C 解析 聯(lián)立得2x2+2mx+m2-1=0, ∵直線y=x+m和圓x2+y2=1交于A,B兩點(diǎn),O為坐標(biāo)原點(diǎn),∴Δ=-4m2+8>0,解得-

6、x2=-m,x1x2=,y1y2=(x1+m)(x2+m)=x1x2+m(x1+x2)+m2,=(-x1,-y1),=(x2-x1,y2-y1), ∵·=,∴·=x-x1x2+y-y1y2=1--+m2-m2=2-m2=,解得m=±. 8.在△ABC中,a,b,c分別為角A,B,C的對(duì)邊,若△ABC的面積為S,且4S=(a+b)2-c2,則sin=(  ) A.1 B. C. D. 答案 D 解析 由4S=(a+b)2-c2,得4×absinC=a2+b2-c2+2ab,∵a2+b2-c2=2abcosC, ∴2absinC=2abcosC+2ab, 即sinC-cosC=

7、1,即2sin=1,則sin=,∵0

8、一零點(diǎn),故C正確;根據(jù)f(x)在(-∞,+∞)上單調(diào)遞增,可知它一定不是周期函數(shù),故D錯(cuò)誤. 10.已知log2(a-2)+log2(b-1)≥1,則2a+b取到最小值時(shí),ab=(  ) A.3 B.4 C.6 D.9 答案 D 解析 由log2(a-2)+log2(b-1)≥1,可得a-2>0,b-1>0且(a-2)(b-1)≥2.所以2a+b=2(a-2)+(b-1)+5≥2+5≥2+5=9,當(dāng)2(a-2)=b-1且(a-2)(b-1)=2時(shí)等號(hào)成立,解得a=b=3.所以2a+b取到最小值時(shí),ab=3×3=9. 11.已知實(shí)數(shù)a>0,函數(shù)f(x)= 若關(guān)于x的方程f[-f

9、(x)]=e-a+有三個(gè) 不等的實(shí)根,則實(shí)數(shù)a的取值范圍是(  ) A. B. C. D. 答案 B 解析 當(dāng)x<0時(shí),f(x)為增函數(shù),當(dāng)x≥0時(shí),f′(x)=ex-1+ax-a-1,f′(x)為增函數(shù),令f′(x)=0,解得x=1,故函數(shù)f(x)在(0,1)上單調(diào)遞減,在(1,+∞)上單調(diào)遞增,最小值為f(1)=0. 由此畫出函數(shù)f(x)的大致圖象如圖所示.令t=-f(x),因?yàn)閒(x)≥0,所以t≤0, 則有解得-a=t-1, 所以t=-a+1,所以f(x)=a-1. 所以方程要有三個(gè)不同的實(shí)數(shù)根, 則需<a-1<+,解得2<a<+2. 12.已知△AB

10、C的頂點(diǎn)A∈平面α,點(diǎn)B,C在平面α同側(cè),且AB=2,AC=,若AB,AC與α所成的角分別為,,則線段BC長(zhǎng)度的取值范圍為(  ) A.[2-,1] B.[1,] C.[, ] D.[1, ] 答案 B 解析 如圖,過點(diǎn)B,C作平面的垂線,垂足分別為M,N, 則四邊形BMNC為直角梯形. 在平面BMNC內(nèi),過C作CE⊥BM交BM于點(diǎn)E. 又BM=AB·sin∠BAM=2sin=,AM=AB·cos∠BAM=2cos=1, CN=AC·sin∠CAN=sin=, AN=AC·cos∠CAN=cos=, 所以BE=BM-CN=,故BC2=MN2+. 又AN-AM≤

11、MN≤AM+AN, 即=AN-AM≤MN≤AM+AN=, 所以1≤BC2≤7,即1≤BC≤ ,故選B. 第Ⅱ卷 本卷包括必考題和選考題兩部分.第13~21題為必考題,每個(gè)試題考生都必須作答.第22、23題為選考題,考生根據(jù)要求作答. 二、填空題:本大題共4小題,每小題5分,共20分. 13.已知向量a=(1,λ),b=(3,1),c=(1,2),若向量2a-b與c共線,則向量a在向量c方向上的投影為________. 答案 0 解析 向量2a-b=(-1,2λ-1), 由2λ-1=-2,得λ=-.∴向量a=, ∴向量a在向量c方向上的投影為|a|cos〈a,c〉===0.

12、 14.在△ABC中,a,b,c分別為內(nèi)角A,B,C的對(duì)邊,且2absinC=(b2+c2-a2),若a=,c=3,則△ABC的面積為________. 答案 3 解析 由題意得=·, 即=cosA,由正弦定理得sinA=cosA, 所以tanA=,A=. 由余弦定理得13=32+b2-2×3bcos, 解得b=4,故面積為bcsinA=×4×3×=3. 15.已知點(diǎn)M為單位圓x2+y2=1上的動(dòng)點(diǎn),點(diǎn)O為坐標(biāo)原點(diǎn),點(diǎn)A在直線x=2上,則·的最小值為________. 答案 2 解析 設(shè)A(2,t),M(cosθ,sinθ), 則=(cosθ-2,sinθ-t),=(-2

13、,-t), 所以·=4+t2-2cosθ-tsinθ. 又(2cosθ+tsinθ)max=, 故·≥4+t2-. 令s=,則s≥2,又4+t2-=s2-s≥2, 當(dāng)s=2,即t=0時(shí)等號(hào)成立,故(·)min=2. 16.已知函數(shù)f(x)=x2-2mx+m+2,g(x)=mx-m,若存在實(shí)數(shù)x0∈R,使得f(x0)<0且g(x0)<0同時(shí)成立,則實(shí)數(shù)m的取值范圍是________. 答案 (3,+∞) 解析 當(dāng)m>0,x<1時(shí),g(x)<0, 所以f(x)<0在(-∞,1)上有解, 則或 即m>3或故m>3. 當(dāng)m<0,x>1時(shí),g(x)<0,所以f(x)<0在(1,+

14、∞)上有解,所以此不等式組無解. 綜上,m的取值范圍為(3,+∞). 三、解答題:共70分.解答應(yīng)寫出文字說明、證明過程或演算步驟. 17.(本小題滿分12分)已知函數(shù)f(x)=cosx(sinx-cosx)+. (1)求f的值; (2)當(dāng)x∈時(shí),不等式c

15、如圖,在等腰梯形ABCD中,AE⊥CD,BF⊥CD,AB=1,AD=2,∠ADE=60°,沿AE,BF折成三棱柱AED-BFC. (1)若M,N分別為AE,BC的中點(diǎn),求證:MN∥平面CDEF; (2)若BD=,求二面角E-AC-F的余弦值. 解 (1)證明:如圖,取AD的中點(diǎn)G,連接GM,GN, 在△ADE中,∵M(jìn),G分別為AE,AD的中點(diǎn), ∴MG∥DE, ∵DE?平面CDEF,MG?平面CDEF, ∴MG∥平面CDEF. 由于G,N分別為AD,BC的中點(diǎn), 由棱柱的性質(zhì)可得GN∥DC, ∵CD?平面CDEF,GN?平面CDEF, ∴GN∥平面CDEF. 又

16、GM?平面GMN,GN?平面GMN,MG∩GN=G, ∴平面GMN∥平面CDEF, ∵M(jìn)N?平面GMN,∴MN∥平面CDEF. (2)如圖,連接EB, 在Rt△ABE中,AB=1,AE=, ∴BE=2,又ED=1,DB=, ∴EB2+ED2=DB2, ∴DE⊥EB,又DE⊥AE且AE∩EB=E,AE,EB?平面ABFE, ∴DE⊥平面ABFE. 以E為坐標(biāo)原點(diǎn),分別以EA,EF,ED所在直線為x軸、y軸、z軸,建立如圖所示的空間直角坐標(biāo)系,可得E(0,0,0),A(,0,0),F(xiàn)(0,1,0),C(0,1,1), =(-,1,1),=(-,0,0),=(0,0,1).

17、 設(shè)平面AFC的法向量為m=(x,y,z), 則 則z=0,令x=1,得y=,則m=(1,,0)為平面AFC的一個(gè)法向量, 設(shè)平面ACE的法向量為n=(x1,y1,z1), 則 則x1=0,令y1=1,得z1=-1, ∴n=(0,1,-1)為平面ACE的一個(gè)法向量. 設(shè)m,n所成的角為θ,則cosθ===, 由圖可知二面角E-AC-F的余弦值是. 19.(本小題滿分12分)為調(diào)查某公司五類機(jī)器的銷售情況,該公司隨機(jī)收集了一個(gè)月銷售的有關(guān)數(shù)據(jù),公司規(guī)定同一類機(jī)器銷售價(jià)格相同,經(jīng)分類整理得到下表: 機(jī)器類型 第一類 第二類 第三類 第四類 第五類 銷售總額(萬元

18、) 100 50 200 200 120 銷售量(臺(tái)) 5 2 10 5 8 利潤(rùn)率 0.4 0.2 0.15 0.25 0.2 利潤(rùn)率是指一臺(tái)機(jī)器銷售價(jià)格減去出廠價(jià)格得到的利潤(rùn)與該機(jī)器銷售價(jià)格的比值. (1)從該公司本月賣出的機(jī)器中隨機(jī)選一臺(tái),求這臺(tái)機(jī)器利潤(rùn)率高于0.2的概率; (2)從該公司本月賣出的銷售單價(jià)為20萬元的機(jī)器中隨機(jī)選取2臺(tái),求這兩臺(tái)機(jī)器的利潤(rùn)率不同的概率; (3)假設(shè)每類機(jī)器利潤(rùn)率不變,銷售一臺(tái)第一類機(jī)器獲利x1萬元,銷售一臺(tái)第二類機(jī)器獲利x2萬元,……,銷售一臺(tái)第五類機(jī)器獲利x5萬元,依據(jù)上表統(tǒng)計(jì)數(shù)據(jù),隨機(jī)銷售一臺(tái)機(jī)器獲利的期

19、望為E(x),設(shè)=,試判斷E(x)與的大小.(結(jié)論不要求證明) 解 (1)由題意知,本月共賣出30臺(tái)機(jī)器, 利潤(rùn)率高于0.2的是第一類和第四類,共有10臺(tái). 設(shè)“這臺(tái)機(jī)器利潤(rùn)率高于0.2”為事件A,則 P(A)==. (2)用銷售總額除以銷售量得到機(jī)器的銷售單價(jià),可知第一類與第三類的機(jī)器銷售單價(jià)為20萬元,第一類有5臺(tái),第三類有10臺(tái),共有15臺(tái),隨機(jī)選取2臺(tái)有C種不同方法, 兩臺(tái)機(jī)器的利潤(rùn)率不同則每類各取一臺(tái)有CC種不同方法, 設(shè)“兩臺(tái)機(jī)器的利潤(rùn)率不同”為事件B,則P(B)==. (3)由題意可得,獲利x可能取的值為8,5,3,10, P(x=8)==,P(x=5)==,

20、 P(x=3)==,P(x=10)==, 因此E(x)=×8+×5+×3+×10=; 又==,所以E(x)<. 20.(本小題滿分12分)如圖,在平面直角坐標(biāo)系xOy中,橢圓C:+=1(a>b>0)的焦點(diǎn)為F1(-1,0),F(xiàn)2(1,0).過F2作x軸的垂線l,在x軸的上方,l與圓F2:(x-1)2+y2=4a2交于點(diǎn)A,與橢圓C交于點(diǎn)D.連接AF1并延長(zhǎng)交圓F2于點(diǎn)B,連接BF2交橢圓C于點(diǎn)E,連接DF1.已知|DF1|=. (1)求橢圓C的標(biāo)準(zhǔn)方程; (2)求點(diǎn)E的坐標(biāo). 解 (1)設(shè)橢圓C的焦距為2c. 因?yàn)镕1(-1,0),F(xiàn)2(1,0),所以|F1F2|=2,c=1

21、. 又因?yàn)閨DF1|=,AF2⊥x軸, 所以|DF2|===, 因此2a=|DF1|+|DF2|=4,從而a=2. 由b2=a2-c2,得b2=3. 因此,橢圓C的標(biāo)準(zhǔn)方程為+=1. (2)解法一:由(1)知,橢圓C:+=1,a=2, 因?yàn)锳F2⊥x軸,所以點(diǎn)A的橫坐標(biāo)為1. 將x=1代入圓F2的方程(x-1)2+y2=16, 解得y=±4. 因?yàn)辄c(diǎn)A在x軸上方,所以A(1,4). 又F1(-1,0),所以直線AF1:y=2x+2. 由得5x2+6x-11=0, 解得x=1或x=-. 將x=-代入y=2x+2,得y=-, 因此B點(diǎn)坐標(biāo)為. 又F2(1,0),所以

22、直線BF2:y=(x-1). 由得7x2-6x-13=0, 解得x=-1或x=. 又因?yàn)镋是線段BF2與橢圓的交點(diǎn),所以x=-1. 將x=-1代入y=(x-1),得y=-. 因此E點(diǎn)坐標(biāo)為. 解法二:由(1)知,橢圓C: +=1. 如圖,連接EF1. 因?yàn)閨BF2|=2a,|EF1|+|EF2|=2a, 所以|EF1|=|EB|, 從而∠BF1E=∠B. 因?yàn)閨F2A|=|F2B|,所以∠A=∠B, 所以∠A=∠BF1E,從而EF1∥F2A. 因?yàn)锳F2⊥x軸,所以EF1⊥x軸. 因?yàn)镕1(-1,0),由得y=±. 又因?yàn)镋是線段BF2與橢圓的交點(diǎn),所以y=

23、-. 因此E點(diǎn)坐標(biāo)為. 21.(本小題滿分12分)已知函數(shù)f(x)=ln x-xex+ax(a∈R). (1)若函數(shù)f(x)在[1,+∞)上單調(diào)遞減,求實(shí)數(shù)a的取值范圍; (2)若a=1,求f(x)的最大值. 解 (1)由題意知,f′(x)=-(ex+xex)+a=-(x+1)ex+a≤0在[1,+∞)上恒成立, 所以a≤(x+1)ex-在[1,+∞)上恒成立. 令g(x)=(x+1)ex-, 則g′(x)=(x+2)ex+>0, 所以g(x)在[1,+∞)上單調(diào)遞增, 所以g(x)min=g(1)=2e-1,所以a≤2e-1. (2)當(dāng)a=1時(shí),f(x)=ln x-xe

24、x+x(x>0). 則f′(x)=-(x+1)ex+1=(x+1), 令m(x)=-ex,則m′(x)=--ex<0, 所以m(x)在(0,+∞)上單調(diào)遞減. 由于m>0,m(1)<0,所以存在x0>0滿足m(x0)=0,即ex0=. 當(dāng)x∈(0,x0)時(shí),m(x)>0,f′(x)>0;當(dāng)x∈(x0,+∞)時(shí),m(x)<0,f′(x)<0. 所以f(x)在(0,x0)上單調(diào)遞增,在(x0,+∞)上單調(diào)遞減. 所以f(x)max=f(x0)=ln x0-x0e x0+x0, 因?yàn)閑x0=,所以x0=-ln x0,所以f(x0)=-x0-1+x0=-1, 所以f(x)max=-1

25、. 請(qǐng)考生在第22、23題中任選一題作答.如果多做,則按所做的第一題計(jì)分,作答時(shí)請(qǐng)寫清題號(hào). 22.(本小題滿分10分)[選修4-4:坐標(biāo)系與參數(shù)方程] 在平面直角坐標(biāo)系xOy中,以坐標(biāo)原點(diǎn)O為極點(diǎn),x軸正半軸為極軸,建立極坐標(biāo)系,已知直線l的參數(shù)方程為(t為參數(shù)),曲線C的極坐標(biāo)方程為ρcos2θ=8sinθ. (1)求曲線C的直角坐標(biāo)方程,并指出該曲線是什么曲線; (2)若直線l與曲線C的交點(diǎn)分別為M,N,求|MN|. 解 (1)因?yàn)棣裞os2θ=8sinθ,所以ρ2cos2θ=8ρsinθ,即x2=8y, 所以曲線C表示焦點(diǎn)坐標(biāo)為(0,2),對(duì)稱軸為y軸的拋物線. (2)

26、設(shè)點(diǎn)M(x1,y1),點(diǎn)N(x2,y2), 直線l過拋物線的焦點(diǎn)(0,2),則直線的參數(shù)方程化為一般方程為y=x+2,代入曲線C的直角坐標(biāo)方程,得x2-4x-16=0, 所以x1+x2=4,x1x2=-16, 所以|MN|= =· =· =·=10. 23.(本小題滿分10分)[選修4-5:不等式選講] 已知函數(shù)f(x)=|x+4|,不等式f(x)>8-|2x-2|的解集為M. (1)求M; (2)設(shè)a,b∈M,證明:f(ab)>f(2a)-f(-2b). 解 (1)將f(x)=|x+4|代入不等式, 整理得|x+4|+|2x-2|>8. ①當(dāng)x≤-4時(shí),不等式轉(zhuǎn)化為

27、-x-4-2x+2>8, 解得x<-,所以x≤-4; ②當(dāng)-48, 解得x<-2,所以-48, 解得x>2,所以x>2. 綜上,M={x|x<-2或x>2}. (2)證明:因?yàn)閒(2a)-f(-2b)=|2a+4|-|-2b+4|≤|2a+4+2b-4|=|2a+2b|, 所以要證f(ab)>f(2a)-f(-2b), 只需證|ab+4|>|2a+2b|, 即證(ab+4)2>(2a+2b)2, 即證a2b2+8ab+16>4a2+8ab+4b2, 即證a2b2-4a2-4b2+16>0, 即證(a2-4)(b2-4)>0, 因?yàn)閍,b∈M,所以a2>4,b2>4, 所以(a2-4)(b2-4)>0成立, 所以原不等式成立. - 16 -

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