（浙江專用）2020版高考數學新增分大一輪復習 第七章 數列與數學歸納法 7.1 數列的概念與簡單表示法課件.ppt

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1、7.1數列的概念與簡單表示法,,第七章數列與數學歸納法,,NEIRONGSUOYIN,內容索引,基礎知識 自主學習,題型分類 深度剖析,課時作業(yè),1,基礎知識 自主學習,PART ONE,,知識梳理,1.數列的有關概念,ZHISHISHULI,,,,每一個數,一定順序,a1a2an,anf(n),2.數列的表示方法,(n，an),公式,3.an與Sn的關系 若數列an的前n項和為Sn，,S1,SnSn1,4.數列的分類,,<,無限,有限,1.數列的項與項數是一個概念嗎？,【概念方法微思考】,提示不是，數列的項是指數列中某一確定的數，而項數是指數列的項對應的位置序號.,2.數列的通項公式an3n

2、5與函數y3x5有何區(qū)別與聯系？,提示數列的通項公式an3n5是特殊的函數，其定義域為N*，而函數y3x5的定義域是R，an3n5的圖象是離散的點，且排列在y3x5的圖象上.,,題組一思考辨析 1.判斷下列結論是否正確(請在括號中打“”或“”) (1)相同的一組數按不同順序排列時都表示同一個數列.() (2)所有數列的第n項都能使用公式表達.() (3)根據數列的前幾項歸納出數列的通項公式可能不止一個.() (4)1,1,1,1，，不能構成一個數列.() (5)任何一個數列不是遞增數列，就是遞減數列.() (6)如果數列an的前n項和為Sn，則對nN*，都有anSnSn1.(),,,,,,1,

3、2,3,4,5,6,,,基礎自測,JICHUZICE,,,,題組二教材改編 2.P33A組T4在數列an中，已知a11，an14an1，則a3____.,,1,2,3,4,5,6,21,解析由題意知，a24a115，a34a2121.,3.P33A組T5根據下面的圖形及相應的點數，寫出點數構成的數列的一個通項公式an________.,5n4,,1,2,3,4,5,6,題組三易錯自糾 4.已知ann2n，且對于任意的nN*，數列an是遞增數列，則實數的取值范圍是_____________.,,1,2,3,4,5,6,解析因為an是遞增數列，所以對任意的nN*，都有an1an， 即(n1)2(n

4、1)n2n， 整理，得2n10，即(2n1).(*) 因為n1，所以(2n1)3，要使不等式(*)恒成立，只需3.,(3，),,1,2,3,4,5,6,5.數列an中，ann211n(nN*)，則此數列最大項的值是_____.,30,nN*，當n5或n6時，an取最大值30.,解析當n1時，a1S12，當n2時， anSnSn1n21(n1)212n1，,6.已知數列an的前n項和Snn21，則an_____________________.,,1,2,3,4,5,6,2,題型分類深度剖析,PART TWO,,題型一由數列的前幾項求數列的通項公式,例1根據下面各數列前幾項的值，寫出數列的一個通

5、項公式：,,師生共研,解這是一個分數數列，其分子構成偶數數列，而分母可分解為13,35,57,79,911，，每一項都是兩個相鄰奇數的乘積，分子依次為2,4,6，，相鄰的偶數.故所求數列的一個通項公式為an,(2)1,7，13,19，；,解偶數項為正，奇數項為負，故通項公式必含有因式(1)n，觀察各項的絕對值，后一項的絕對值總比它前一項的絕對值大6，故數列的一個通項公式為an(1)n(6n5).,解數列的各項，有的是分數，有的是整數，可將數列的各項都統(tǒng)一成分數再觀察.,(4)5,55,555,5 555，.,易知數列9,99,999，的通項為10n1，,求數列通項時，要抓住以下幾個特征： (1

6、)分式中分子、分母的特征. (2)相鄰項的變化特征. (3)拆項后變化的部分和不變的部分的特征. (4)各項符號特征等. (5)若關系不明顯時，應將部分項作適當的變形，統(tǒng)一成相同的形式.,解析數列各項的分母為等比數列2n，分子為2n1，可用(1)n1來控制各項的符號，,,,題型二由an與Sn的關系求通項公式,例2(1)(2018浙江紹興一中期中)已知數列an的前n項和為Snn2n1，bn (1)n(an2)(nN*)，則數列an的通項公式為______________，數列bn的前50項和為____.,,師生共研,49,解析當n1時，a1S13； 當n2時，anSnSn1n2n1(n1)2(n

7、1)12n，,當n1時，b11； 當n2時，bn(1)n(an2)(1)n2(n1)， 則數列bn的前50項和為121222324912(12349)122549.,(2)(2018全國)記Sn為數列an的前n項和.若Sn2an1，則S6_____.,63,解析Sn2an1，當n2時，Sn12an11， anSnSn12an2an1(n2)， 即an2an1(n2). 當n1時，a1S12a11，得a11. 數列an是首項a11，公比q2的等比數列，,S612663.,(3)已知數列an滿足a12a23a3nan2n，則an______________.,解析當n1時，由已知，可得a1212，

8、 a12a23a3nan2n， 故a12a23a3(n1)an12n1(n2)， 由得nan2n2n12n1，,跟蹤訓練2(1)已知數列an的前n項和Sn3n1，則an________________.,解析當n1時，a1S1314； 當n2時，anSnSn1(3n1)(3n11)23n1. 當n1時，23112a1，,(2)n1,,題型三由數列的遞推關系求通項公式,例3設數列an中，a12，an1ann1，則an________.,,師生共研,解析由條件知an1ann1， 則當n2時an(a2a1)(a3a2)(a4a3)(anan1)a1(234n)2,2.若將“an1ann1”改為“

9、an12an3”，如何求解？,解設遞推公式an12an3可以轉化為an1t2(ant)， 即an12ant，解得t3. 故an132(an3).,所以bn是以5為首項，2為公比的等比數列. 所以bn52n1，故an52n13.,4.若將本例條件換為“a11，an1an2n”，如何求解？,解an1an2n，an2an12n2， 故an2an2. 即數列an的奇數項與偶數項都是公差為2的等差數列.,當n為奇數時，an1an2n，an1n(n1為偶數)，故ann.,已知數列的遞推關系求通項公式的典型方法 (1)當出現anan1m時，構造等差數列. (2)當出現anxan1y時，構造等比數列. (3)

10、當出現anan1f(n)時，用累加法求解.,跟蹤訓練3(1)已知數列an滿足a11，a24，an22an3an1(nN*)，則數列an的通項公式an__________.,解析由an22an3an10， 得an2an12(an1an)， 數列an1an是以a2a13為首項，2為公比的等比數列， an1an32n1， 當n2時，anan132n2，，a3a232，a2a13， 將以上各式累加，得 ana132n23233(2n11)， an32n12(當n1時，也滿足).,32n12,A.遞減數列 B.遞增數列 C.常數列 D.擺動數列,,題型四數列的性質,命題點1數列的單調性,,,多維探究,命

11、題點2數列的周期性,0,即數列an的取值具有周期性，周期為3， 且a1a2a30，則S2 020S36731a10.,例6已知等差數列an的前n項和為Sn，且Sm12，Sm0，Sm13(m2)，則nSn的最小值為 A.3 B.5C.6 D.9,命題點3數列的最值,,解析由Sm12，Sm0，Sm13(m2)可知am2，am13， 設等差數列an的公差為d，則d1， Sm0，a1am2，,nN*，且f(3)9，f(4)8， f(n)min9.,應用數列單調性的關鍵是判斷單調性，判斷數列單調性的常用方法有兩個：(1)利用數列對應的函數的單調性判斷；(2)對數列的前后項作差(或作商)，利用比較法判斷.

12、,,以此類推知數列an是周期為3的周期數列， 所以a2 020a36731a12，故選C.,(2)若數列an的前n項和Snn210n(nN*)，則數列nan中數值最小的項是 A.第2項 B.第3項 C.第4項 D.第5項,,解析Snn210n， 當n2時，anSnSn12n11； 當n1時，a1S19也適合上式. an2n11(nN*). 記f(n)nann(2n11)2n211n，,當n3時，f(n)取最小值. 數列nan中數值最小的項是第3項.,3,課時作業(yè),PART THREE,基礎保分練,A.第4項 B.第5項 C.第6項 D.第7項,,,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11

13、,12,13,14,15,16,2.記Sn為數列an的前n項和.“任意正整數n，均有an0”是“Sn是遞增數列”的 A.充分不必要條件 B.必要不充分條件 C.充要條件 D.既不充分也不必要條件,,,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,解析“an0”“數列Sn是遞增數列”， “an0”是“數列Sn是遞增數列”的充分條件. 如數列an為1,1,3,5,7,9，，顯然數列Sn是遞增數列，但是an不一定大于零，還有可能小于零， “數列Sn是遞增數列”不能推出“an0”， “an0

14、”是“數列Sn是遞增數列”的不必要條件. “an0”是“數列Sn是遞增數列”的充分不必要條件.,3.若Sn為數列an的前n項和，且Sn2an2，則S8等于 A.255 B.256 C.510 D.511,解析當n1時，a1S12a12，據此可得a12， 當n2時，Sn2an2，Sn12an12， 兩式作差可得an2an2an1，則an2an1， 據此可得數列an是首項為2，公比為2的等比數列，,,,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,解析數列an的前n項和Snn22n，Sn1n21，兩式作差得到an2n1(n2)， 又當n1時，a1S112213，符合

15、上式， 所以an2n1，,,,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,A.2nln n B.2n(n1)ln n C.2nnln n D.1nnln n,,,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,an(ln n2)n，故選C.,n分別用1,2,3，，(n1)取代，,6.已知數列an的通項公式an ，若a1a2ana1a2ak對nN*恒成立，則正整數k的值為 A.5 B.6 C.7 D.8,,,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,當n6時，an<1， 由題意知，a1a2ak是a

16、n的前n項乘積的最大值，所以k5.故選A.,,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,8.(2018浙江“七彩陽光”新高考研究聯盟第二學期期初)已知數列an的前n項和Snn22n1(nN*)，則a1___；數列an的通項公式為an _______________.,解析由題意易得a1S12， 當n2時，anSnSn1(n22n1)(n1)22(n1)12n1， 而a123，,,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,2,所以(a12)28a1，解得a12； 當n2時，(an12)28Sn1， ，得(anan1)(an

17、an1)4(anan1)， 又an0，所以anan14，所以數列an是首項為2，公差為4的等差數列，,9.(2018紹興柯橋第二學期質檢)已知正數數列an的前n項和Sn滿足：Sn和2的等比中項等于an和2的等差中項，則a1__；Sn___.,,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,2,2n2,10.(2019衢州質檢)在數列an中，a11，(n22n)(an1an)1(nN*)，則 通項公式an____________.,,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12

18、,13,14,15,16,所以an(anan1)(an1an2)(a3a2)(a2a1)a1,11.已知在數列an中，a11，前n項和Sn (1)求a2，a3；,解得a23a13；,,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,(2)求an的通項公式.,解由題設知a11.,經檢驗，當n1時，a11符合上式，,,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,12.已知數列an中，a11，其前n項和為Sn，且滿足2Sn(n1)an(nN*). (1)求數列an的通項公式；,解2Sn(n1)an， 2Sn1(n2)an1， 2an1(

19、n2)an1(n1)an，,,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15,16,解bn3nn2. bn1bn3n1(n1)2(3nn2)23n(2n1). 數列bn為遞增數列，,cn為遞增數列，

20、8,9,10,11,12,13,14,15,16,,14.已知數列an的首項a1a，其前n項和為Sn，且滿足SnSn14n2(n2，nN*)，若對任意nN*，an

21、 只需使a1