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1、第三章,牛頓運(yùn)動(dòng)定律,第1節(jié),牛頓第一定律 牛頓第三定律,例1.關(guān)于牛頓第一定律的下列說(shuō)法中，正確的是( ) A. 牛頓第一定律是實(shí)驗(yàn)定律 B. 牛頓第一定律說(shuō)明力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因 C. 慣性定律與慣性的實(shí)質(zhì)是相同的 D. 物體的運(yùn)動(dòng)需要力來(lái)維持 【點(diǎn)撥】正確理解牛頓第一定律是解答此題的關(guān)鍵.,【解析】牛頓第一定律是物體在理想條件下的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，反映的是物體在不受力的情況下所遵循的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，而自然界中不受力的物體是不存在的，故A錯(cuò)誤慣性是物體保持原有運(yùn)動(dòng)狀態(tài)不變的一種性質(zhì)，慣性定律(即牛頓第一定律)則反映物體在一定條件下的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，顯然C錯(cuò)誤由牛頓第一定律可知，物體的運(yùn)動(dòng)不需要力來(lái)維持，
2、但要改變物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)則必須有力的作用.故D錯(cuò)誤，B正確. 【答案】B,1.下列關(guān)于慣性的說(shuō)法中正確的是 （ ） . 物體只有靜止或做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)才有慣性 . 物體只有受外力作用時(shí)才有慣性 . 物體的運(yùn)動(dòng)速度大時(shí)慣性大 . 物體在任何情況下都有慣性,【解析】慣性是物體的固有屬性，一切物體都具有慣性，且與物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)及受力情況無(wú)關(guān)，故只有正確. 【答案】D,例2.甲乙兩隊(duì)拔河比賽，甲隊(duì)勝，若不計(jì)繩子的質(zhì)量，下列說(shuō)法正確的是 ( ) A. 因甲隊(duì)勝而乙隊(duì)負(fù)，所以甲隊(duì)拉繩子的力大于乙隊(duì)拉繩子的力 B. 只有在兩隊(duì)相持不動(dòng)時(shí)，兩隊(duì)拉力才大小相等 C.只有在甲隊(duì)拉動(dòng)乙隊(duì)時(shí)，甲隊(duì)拉力才
3、大于乙隊(duì) D. 甲隊(duì)獲勝的原因是甲隊(duì)受到地面的最大靜摩擦力大于乙隊(duì)受到地面的最大靜摩擦力 【點(diǎn)撥】(1)甲和繩子、乙和繩子間的力均為作用力和反作用力. (2)繩子的質(zhì)量不計(jì),其張力處處相等.,解析：由于繩的質(zhì)量不計(jì)，甲拉繩與乙拉繩的力大小相等，這種關(guān)系與它們的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無(wú)關(guān)，任何情況下都相等，故ABC均錯(cuò)誤；若取甲、乙兩隊(duì)和繩子所組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，在水平方向受到地面對(duì)兩隊(duì)的靜摩擦力，甲隊(duì)獲勝，則甲隊(duì)受地面的最大靜摩擦力大于乙隊(duì)受地面的最大靜摩擦力，而使乙隊(duì)被拉動(dòng)故選項(xiàng)D正確 答案:D,2. 物體靜止在斜面上，以下幾種分析中正確的是 ( ) A. 物體受到的靜摩擦力的反作用力是重力沿斜面的分力
4、 B. 物體所受重力沿垂直于斜面的分力就是物體對(duì)斜面的壓力 C. 物體所受重力的反作用力就是斜面對(duì)它的靜摩擦力和支持力這兩個(gè)力的合力 D. 物體受到的支持力的反作用力，就是物體對(duì)斜面的壓力 【解析】物體受到的靜摩擦力的反作用力是物體對(duì)斜面的靜摩擦力，故A錯(cuò)誤物體對(duì)斜面的壓力在數(shù)值上等于物體所受重力沿垂直于斜面的分力，故B錯(cuò)誤物體所受的重力的反作用力是物體對(duì)地球的吸引力，故C錯(cuò)誤故正確選項(xiàng)為D. 【答案】D,例.關(guān)于力和運(yùn)動(dòng)的關(guān)系，下列說(shuō)法中正確的是 ( ) A. 物體的速度不斷增大，表示物體必受力的作用 B. 物體的位移不斷增大，表示物體必受力的作用 C. 物體朝什么方向運(yùn)動(dòng)，則這個(gè)方向上物
5、體必受力的作用 D. 物體的速度大小不變，則其所受的合力必為零 【錯(cuò)解】C 【剖析】該題錯(cuò)解的主要原因是對(duì)基本概念理解不深刻，且受日常錯(cuò)誤觀念影響，誤認(rèn)為只有有力作用在物體上時(shí)物體才會(huì)運(yùn)動(dòng)，撤去外力物體就要停下來(lái).實(shí)際上力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因，不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的改變即速度的改變.而速度的改變包括大小和方向兩個(gè)方面，速度的大小不變而方向改變，也是運(yùn)動(dòng)狀態(tài)改變了，說(shuō)明一定有外力作用. 【正解】A,第2節(jié) 牛頓第二定律,例1.如圖所示，小車(chē)內(nèi)固定著三角硬桿，桿的端點(diǎn)固定著一個(gè)質(zhì)量為m的小球當(dāng)小車(chē)水平向右的加速度逐漸增大時(shí)，桿對(duì)小球的作用力的變化(用F1至F4變化表示)可能是下圖中
6、的(o o沿桿方向) ( ),【點(diǎn)撥】根據(jù)牛頓第二定律的瞬時(shí)性和獨(dú)立性分析球受桿作用力的兩個(gè)分力. 【解析】對(duì)小球進(jìn)行受力分析，小球受重力和桿對(duì)小球的彈力，彈力在豎直方向的分力和重力平衡，小球在水平方向的分力提供加速度，故C正確. 【答案】C,1. 如圖所示，自由下落的小球下落一段時(shí)間后，與彈簧接觸，從它接觸彈簧開(kāi)始，到彈簧壓縮到最短的過(guò)程中，小球的速度、加速度的變化情況如何？,【解析】小球接觸彈簧后受兩個(gè)力，向下的重力mg和向上的彈力kx.如圖（a）所示，剛開(kāi)始時(shí)kxmg，合力向上，由于加速度的方向和速度方向相反，小球做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，因此速度減小到零彈簧被壓縮到最短，如圖（c）所示
7、.,例2.如圖所示，質(zhì)量為m的小球被水平繩AO和與豎直方向成角的輕彈簧系著處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)用火將繩AO燒斷，在繩AO燒斷的瞬間，下列說(shuō)法正確的是 ( ) A. 彈簧的拉力F=mg/cos B. 彈簧的拉力F=mgsin C. 小球的加速度為零 D. 小球的加速度a=gsin ,【解析】燒斷OA之前，小球受三個(gè)力，如圖所示.燒斷細(xì)繩的瞬間，繩子的張力沒(méi)有了，但由于輕彈簧的形變的恢復(fù)需要時(shí)間，故彈簧的彈力不變，故A正確，B錯(cuò)誤.燒斷后小球所受的合外力為F合=mgtan ,故加速度a=gtan .故C、D均錯(cuò)誤. 【答案】A,2. 如圖所示，物體A、B用輕彈簧相連，mB=2mA， A、B與地面間的動(dòng)
8、摩擦因數(shù)相同均為，在力F作用下，物體系統(tǒng)做勻速運(yùn)動(dòng)，在力F撤去的瞬間，A的加速度為，B的加速度為(以原來(lái)的方向?yàn)檎较?,【解析】撤去力F前對(duì)A有FT-mAg=0,撤去力F后對(duì)B有FT+mBg=mBa，解得a=3/2g，方向向左；撤去力F前后A的受力未變，加速度仍為0. 【答案】0 -3/2g,例3.(2009江蘇)航模興趣小組設(shè)計(jì)出一架遙控飛行器，其質(zhì)量m=2 kg，動(dòng)力系統(tǒng)提供的恒定升力F=28 N.試飛時(shí)飛行器從地面由靜止開(kāi)始豎直上升.設(shè)飛行器飛行時(shí)所受的阻力大小不變，g取10 m/s2.求： (1)第一次試飛，飛行器飛行t1=8 s 時(shí)到達(dá)高度H=64 m.求飛行器所受阻力f的大小.
9、(2)第二次試飛，飛行器飛行t2=6 s 時(shí)遙控器出現(xiàn)故障，飛行器立即失去升力,求飛行器能達(dá)到的最大高度h. (3)為了使飛行器不致墜落到地面，求飛行器從開(kāi)始下落到恢復(fù)升力的最長(zhǎng)時(shí)間t3 .,【解析】（1）第一次飛行中，設(shè)加速度為a1， 勻加速運(yùn)動(dòng)H=1/2a1t21， 由牛頓第二定律F-mg-Ff=ma1， 解得Ff=4 N. （2）第二次飛行中，設(shè)失去升力時(shí)的速度為v1，上升的高度為x1，勻加速運(yùn)動(dòng)s1=1/2a1t22， 設(shè)失去升力后的加速度為a2，上升的高度為s2，由牛頓第二定律mg+Ff=ma2，v1=a1t2，x2=v21/2a2由以上各式可解得 h=x1+s2=36 m+6 m=
10、42 m. （3）設(shè)失去升力下降階段加速度為a3，恢復(fù)升力后加速度為a4，恢復(fù)升力時(shí)速度為v3，由牛頓第二定律mg-Ff=ma3， F+Ff-mg=ma4，且v23/2a3+v23/2a4=h，v3=a3t3，由以上各式可解得t3=3(2)1/2 s(或2.1 s).,3. 在某一旅游景區(qū)建有一山坡滑草運(yùn)動(dòng)項(xiàng)目.該山坡可看成傾角=30的斜面，一游客連同滑草裝置的總質(zhì)量m=80 kg,他從靜止開(kāi)始勻加速下滑，在時(shí)間t=5 s內(nèi)斜面滑下的位移s=50 m.（不計(jì)空氣阻力，取g=10 m/s2，結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）問(wèn)： （1）游客連同滑草裝置在下滑過(guò)程中受到的摩擦力f為多大？ （2）滑草裝置與草皮
11、之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為多大？,解析：（1）由位移公式s=1/2at2沿斜面方向，由牛頓第二定律得mgsin -f=ma聯(lián)立并代入數(shù)值后得f=m(gsin -2s/t2)=80 N. （2）在垂直斜面方向上，N-mgcos =0， 又f=N， 聯(lián)立并代入數(shù)值后得=fmgcos =0.12.,例.如圖所示，木塊A、B用一輕彈簧相連，豎直放在木塊C上，三者靜置于地面，它們的質(zhì)量之比是123，設(shè)所有接觸面都光滑，當(dāng)沿水平方向迅速抽出木塊C的瞬時(shí)A和B的加速度分別是aA= ，aB= .,【錯(cuò)解】抽出C的瞬間，AB的運(yùn)動(dòng)情況相同加速度均為g.,【剖析】由于所有接觸面均光滑，因此迅速抽出C時(shí)，A、B在水平面上均
12、無(wú)加速度也無(wú)運(yùn)動(dòng).設(shè)A的質(zhì)量為m,則由于抽出C的操作是瞬時(shí)的，因此彈簧還沒(méi)有來(lái)得及發(fā)生形變，其彈力大小為mg，根據(jù)牛頓第二定律的瞬時(shí)效應(yīng)，對(duì)A、B兩物體分別分析. 對(duì)A有F-mg=maA，可得aA=0. 對(duì)B有F+2mg=2maB，可得aB=3g/2. 【答案】0 3g/2,第3節(jié),牛頓運(yùn)動(dòng)定律的綜合應(yīng)用,例1. (19分)一質(zhì)量為m=40 kg的小孩在電梯內(nèi)的體重計(jì)上，電梯從t=0時(shí)刻由靜止開(kāi)始上升，在06 s內(nèi)體重計(jì)示數(shù)F的變化如圖所示.試問(wèn)：在這段時(shí)間內(nèi)電梯上升的高度是多少？取重力加速度g=10 m/s2.,【點(diǎn)撥】正確理解超重和失重的含義，實(shí)際上是豎直方向利用牛頓第二定律解題.,【解析
13、】滿分展示 由圖可知，在02 s內(nèi)，體重計(jì)的示數(shù)大于mg，故電梯應(yīng)做向上的加速運(yùn)動(dòng).設(shè)在這段時(shí)間內(nèi)體重計(jì)作用于小孩的力為FN1，電梯及小孩的加速度為a1，根據(jù)牛頓第二定律得 FN1-mgma1 4分 在這段時(shí)間內(nèi)電梯上升的高度h11/2a1t21 2分 在25 s內(nèi)，體重計(jì)的示數(shù)等于mg，故電梯應(yīng)做勻速上升運(yùn)動(dòng)，速度為t1時(shí)刻的電梯的速度，即v1a1t1, 2分 在這段時(shí)間內(nèi)電梯上升的高度h2v1t2 3分 在56 s內(nèi)，體重計(jì)的示數(shù)小于mg，故電梯應(yīng)做減速上升運(yùn)動(dòng).設(shè)這段時(shí)間內(nèi)體重計(jì)作用于小孩的力為FN2，電梯及小孩的加速度為a2，由牛頓第二定律得mg-FN2
14、ma2 4分 在這段時(shí)間內(nèi)電梯上升的高度 h3v1(t3-t2)-1/2a2(t3-t2)2 1分 電梯上升的總高度hh1h2+h3 1分 代入數(shù)據(jù)解得h2 m+6 m+1 m=9 m. 2分,1. 某實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)在電梯的天花板上固定一根彈簧測(cè)力計(jì)，使其測(cè)量掛鉤向下，并在鉤上懸掛一個(gè)重為10 N的鉤碼，彈簧測(cè)力計(jì)彈力隨時(shí)間變化的規(guī)律可通過(guò)一傳感器直接得出，如圖所示，則下列分析正確的是 ( ) A. 從時(shí)刻t1到t2，鉤碼處于失重狀態(tài) B. 從時(shí)刻t3到t4，鉤碼處于超重狀態(tài) C. 電梯可能開(kāi)始在15樓，先加速向下，接著勻速向下，再減速向下，最后停在1樓 D
15、. 電梯可能開(kāi)始在1樓，先加速向上，接著勻速向上，再減速向上，最后停在15樓,【解析】由圖象可知，在t1t2內(nèi)彈力FG，處于超重，可能是在減速下降，故A、B、C正確.D錯(cuò)誤. 【答案】D,例2.（2007.江蘇高考）如圖所示，光滑水平面上放置質(zhì)量分別為m和2m的四個(gè)木塊，其中兩個(gè)質(zhì)量為m的木塊間用一不可伸長(zhǎng)的輕繩相連，木塊間的最大靜摩擦力是mg.現(xiàn)用水平拉力F拉其中一個(gè)質(zhì)量為2m的木塊，使四個(gè)木塊以同一加速度運(yùn)動(dòng).則輕繩對(duì)m的最大拉力為 ( ) A. 3mg/5 B. 3mg/4 C. 3mg/2 D. 3mg,【點(diǎn)撥】正確判斷出AB間和CD間的摩擦力的大小關(guān)系是解題的關(guān)鍵. 【解析】經(jīng)過(guò)受力
16、分析，A、B之間的靜摩擦力為B、C、D組成的系統(tǒng)提供加速度，加速度達(dá)到最大值臨界條件為A、B間達(dá)到最大靜摩擦力，即am=mg/4m=g/4，而繩子拉力T給C、D組成的系統(tǒng)提供加速度，因而拉力的最大值為T(mén)m=3mam=3mg/4，故選B. 【答案】B,2. 如圖所示，質(zhì)量為M的平板小車(chē)放在傾角為的光滑斜面上(斜面固定)，一質(zhì)量為m的人在車(chē)上沿平板向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，車(chē)恰好靜止，求人的加速度.,【解析】以人、車(chē)整體為研究對(duì)象，根據(jù)系統(tǒng)牛頓運(yùn)動(dòng)定律求解. 由系統(tǒng)牛頓第二定律得(M+m)gsin =ma， 解得人的加速度為a=(M+m)gsin /m.,例3 如圖所示，細(xì)線的一端固定于傾角為45的光滑楔形滑塊
17、A的頂端P處，細(xì)線的另一端拴一質(zhì)量為m的小球.當(dāng)滑塊至少以加速度a= 向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，小球?qū)瑝K的壓力等于零;當(dāng)滑塊以a=2g的加速度向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，線中拉力T= .,【點(diǎn)撥】解題的關(guān)鍵是找出小球?qū)瑝K的壓力等于零的臨界加速度.,【解析】當(dāng)滑塊具有向左的加速度a時(shí)，小球受重力mg、繩的拉力FT和斜面的支持力FN作用，如圖所示. 在水平方向有FTcos 45-FNcos 45=ma， 在豎直方向有FTsin 45+FNsin 45-mg=0. 由上述兩式可得：FN=m(g-a)/2sin 45,FT=m(g+a)/2cos 45. 由以上兩式可看出，當(dāng)加速度a增大時(shí)，球受支持力FN減小，繩拉力FT增
18、加.當(dāng)a=g時(shí)，F(xiàn)N=0，此時(shí)小球雖與斜面有接觸但無(wú)壓力，處于臨界狀態(tài).這時(shí)繩的拉力FT=mg/cos 45=(2)1/2mg. 當(dāng)滑塊加速度ag時(shí)，則小球?qū)ⅰ帮h”離斜面，只受兩力作用，如圖所示， 此時(shí)細(xì)線與水平方向間的夾角<45.由牛頓第二定律得： FTcos =ma，F(xiàn)Tsin =mg，解得FT=m(a2+g2)1/2=(5)1/2mg. 【答案】g (5)1/2mg,3. 如圖所示，在光滑水平面上放著緊靠在一起的、兩物體，的質(zhì)量是的2倍，受到向右的恒力B=2 N，受到的水平力A=(9-2t) N，(t的單位是s).從t0開(kāi)始計(jì)時(shí)，則下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是 ( ) A. A物體在3 s末時(shí)刻的加
19、速度是初始時(shí)刻的5/11倍 B. t4 s后，B物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng) C. t4.5 s時(shí)，A物體的速度為零 D. t4.5 s后，A、B的加速度方向相反,【解析】對(duì)于A、B整體據(jù)牛頓第二定律有：FA+FB=(mA+mB)a，設(shè)A、B間的作用力為FN，則對(duì)B由牛頓第二定律可得： FN+FB=mBa，解得FN=mB(FA+FB)/(mA+mB)-FB=(16-4 t)/3 N. 當(dāng)t=4 s時(shí)FN=0，A、B兩物體開(kāi)始分離，此后B做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，而A做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)t=4.5 s時(shí)A物體的加速度為零而速度不為零.t4.5 s后，所受合外力反向，即A、B的加速度方向相反. 當(dāng)t<4
20、 s時(shí)，A、B的加速度均為a=(FA+FB)/(mA+mB). 故A、B、D正確.C錯(cuò)誤. 【答案】C,例.一個(gè)質(zhì)量為0.2 kg的小球用細(xì)線吊在傾角=53的斜面頂端，如圖，斜面靜止時(shí)，球緊靠在斜面上，繩與斜面平行，不計(jì)摩擦，當(dāng)斜面以10 m/s2的加速度向右做加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，繩的拉力為N,斜面對(duì)小球的彈力為N.,【錯(cuò)解】對(duì)物理過(guò)程缺乏清晰認(rèn)識(shí)，不能用極限分析法挖掘題目隱含的臨界狀態(tài)及條件，使問(wèn)題難以切入,誤認(rèn)為繩子仍然與斜面平行.,【剖析】當(dāng)加速度a較小時(shí)，小球與斜面體一起運(yùn)動(dòng)，此時(shí)小球受重力、繩拉力和斜面支持力的作用，繩平行于斜面，當(dāng)加速度a足夠大時(shí)，小球?qū)ⅰ帮w離”斜面，此時(shí)小球受重力和繩的拉
21、力作用，繩與水平方向的夾角未知，題目中要求a=10 m/s2時(shí)繩的拉力及斜面的支持力，必須先求出小球離開(kāi)斜面的臨界加速度a0.(此時(shí)，小球所受斜面支持力恰好為零) 由mgcot =ma0,可得a0=gcot =7.5 m/s2. 因?yàn)閍=10 m/s2a0,所以小球離開(kāi)斜面FN=0，小球受力情況如圖所示，則FTcos =ma，F(xiàn)Tsin =mg. 所以FT=(ma)2+(mg)21/2=2.83 N,FN=0. 【答案】2.83 0,實(shí)驗(yàn)四 探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系,例.(2008寧夏)物理小組在一次探究活動(dòng)中測(cè)量滑塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù).實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示，一表面粗糙的木板固定在水平桌面上
22、，一端裝有定滑輪；木板上有一滑塊，其一端與電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶相連，另一端通過(guò)跨過(guò)定滑輪的細(xì)線與托盤(pán)連接.打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的交流電源的頻率為50 Hz.開(kāi)始實(shí)驗(yàn)時(shí)，在托盤(pán)中放入適量砝碼，滑塊開(kāi)始做勻加速運(yùn)動(dòng)，在紙帶上打出一系列小點(diǎn).,(1)如圖給出的是實(shí)驗(yàn)中獲取的一條紙帶的一部分：0、1、2、3、4、5、6、7是計(jì)數(shù)點(diǎn)，每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)(圖中未標(biāo)出)，計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖所示.根據(jù)圖中數(shù)據(jù)計(jì)算的加速度a= .(保留三位有效數(shù)字),(2)回答下列兩個(gè)問(wèn)題 為測(cè)量動(dòng)摩擦因數(shù)，下列物理量中還應(yīng)測(cè)量的有 .(填入所選物理量前的字母) A. 木板的長(zhǎng)度l B. 木板的質(zhì)量m1 C. 滑塊的質(zhì)
23、量m2 D. 托盤(pán)和砝碼的總質(zhì)量m3 E. 滑塊運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t 測(cè)量中所選定的物理量時(shí)需要的實(shí)驗(yàn)器材是. (3)滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)(用被測(cè)物理量的字母表示，重力加速度為g).與真實(shí)值相比，測(cè)量的動(dòng)摩擦因數(shù)(填“偏大”或“偏小”).寫(xiě)出支持你的看法的一個(gè)論據(jù)： ..,【解析】(1)去掉最開(kāi)始的一個(gè)數(shù)據(jù)用分組法求加速度, a=(3.39+3.88+4.37)-(1.89+2.40+2.88)10-2/(30.1)2m/s2 =0.497 m/s2.(0.4950.497 m/s2均可) (2)CD 天平 (3)對(duì)托盤(pán)(含砝碼)以及滑塊為一整體根據(jù)牛頓第二定律有 m3g-/m2
24、g=(m2+m3)a,解得=m3g-(m2+m3)am2g ，測(cè)量值比真實(shí)值偏大，原因是由于紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的限位孔之間存在摩擦阻力.,例.在探究“牛頓第二定律”時(shí)，某小組設(shè)計(jì)雙車(chē)位移比較法來(lái)探究加速度與力的關(guān)系實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示，將軌道分上下雙層排列，兩小車(chē)后的剎車(chē)線穿過(guò)尾端固定板，由安裝在后面的剎車(chē)系統(tǒng)同時(shí)進(jìn)行控制(未畫(huà)出剎車(chē)系統(tǒng))通過(guò)改變砝碼盤(pán)中的砝碼來(lái)改變拉力大小通過(guò)比較兩小車(chē)的位移來(lái)比較兩小車(chē)的加速度大小，是因?yàn)槲灰婆c加速度的關(guān)系式為 已知兩車(chē)質(zhì)量均為200 g，實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)如下表：,分析表中數(shù)據(jù)可得到結(jié)論： . 該裝置中的剎車(chē)系統(tǒng)的作用： 為了減小實(shí)驗(yàn)的系統(tǒng)誤差，你認(rèn)為還可以進(jìn)行哪些方面的改進(jìn)？(只需提出一個(gè)建議即可) ,【解析】s=at2/2 在實(shí)驗(yàn)誤差范圍內(nèi)當(dāng)小車(chē)質(zhì)量保持不變時(shí)，由于sF說(shuō)明aF控制兩車(chē)同時(shí)運(yùn)動(dòng)和同時(shí)停止調(diào)整兩木板平衡摩擦力(或使砝碼盤(pán)和砝碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(chē)的質(zhì)量等),
高考物理一輪復(fù)習(xí)典例精析課件：第三章牛頓運(yùn)動(dòng)定律.ppt
