（江蘇專用）高考物理一輪復(fù)習(xí) 階段檢測(cè)一 力學(xué)部分-人教版高三物理試題

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1、階段檢測(cè)一　力學(xué)部分 考生注意： 1．本試卷共4頁(yè)． 2．答卷前，考生務(wù)必用藍(lán)、黑色字跡的鋼筆或圓珠筆將自己的姓名、班級(jí)、學(xué)號(hào)填寫在相應(yīng)位置上． 3．本次考試時(shí)間90分鐘，滿分100分． 4．請(qǐng)?jiān)诿芊饩€內(nèi)作答，保持試卷清潔完整． 一、單項(xiàng)選擇題(本題共6小題，每小題3分，共計(jì)18分．每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意) 1.(2018·蘇州市調(diào)研)如圖1，A、B兩物體疊放在光滑水平桌面上，輕質(zhì)細(xì)繩一端連接B，另一端繞過(guò)定滑輪連接C物體，已知A和C的質(zhì)量都是1kg，B的質(zhì)量是2kg，A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)是0.3，其它摩擦不計(jì)．由靜止釋放C，C下落一定高度的過(guò)程中(C未落地，B未撞到滑輪，g

2、＝10m/s2)．下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖1 A．A、B兩物體發(fā)生相對(duì)滑動(dòng) B．A物體受到的摩擦力大小為3N C．B物體的加速度大小是2.5m/s2 D．細(xì)繩的拉力大小等于10N 2．(2018·黃橋中學(xué)第三次段考)如圖2所示，套在豎直細(xì)桿上的環(huán)A由跨過(guò)定滑輪的不可伸長(zhǎng)的輕繩與重物B相連．由于B的質(zhì)量較大，故在釋放B后，A將沿桿上升．當(dāng)A環(huán)上升至與定滑輪的連線處于水平位置時(shí)，其上升速度vA≠0，若這時(shí)B未落地，其速度為vB，則(　　) 圖2 A．vB≠0B．vB＝0C．vB＝vAD．vB>vA 3.如圖3所示，物體A疊放在物體B上，B置于光滑水平面上，A、B質(zhì)量分

3、別為mA＝6kg、mB＝2kg，A、B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.2，開(kāi)始時(shí)F＝10N，此后逐漸增加，在增大到45N的過(guò)程中，則(　　) 圖3 A．當(dāng)拉力F<12N時(shí)，物體均保持靜止?fàn)顟B(tài) B．兩物體開(kāi)始沒(méi)有相對(duì)運(yùn)動(dòng)，當(dāng)拉力超過(guò)12N時(shí)，開(kāi)始相對(duì)滑動(dòng) C．兩物體從受力開(kāi)始就有相對(duì)運(yùn)動(dòng) D．兩物體始終沒(méi)有相對(duì)運(yùn)動(dòng) 4.(2018·南京市玄武區(qū)模擬)如圖4所示，某同學(xué)對(duì)著墻壁練習(xí)打乒乓球，某次球與墻壁上A點(diǎn)碰撞后水平彈離，恰好垂直落在球拍上的B點(diǎn)，已知球拍與水平方向夾角θ＝60°，AB兩點(diǎn)高度差h＝1m，忽略空氣阻力，重力加速度g＝10m/s2，則球剛要落到球拍上時(shí)速度大小為(　　)

4、 圖4 A．2m/s B．2m/s C．4m/s D.m/s 5．(2017·南京市、鹽城市二模)質(zhì)量為m的球從地面以初速度v0豎直向上拋出，已知球所受的空氣阻力與速度大小成正比．下列圖象分別描述了球在空中運(yùn)動(dòng)的加速度a、速度v隨時(shí)間t的變化關(guān)系和動(dòng)能Ek、機(jī)械能E(選地面處重力勢(shì)能為零)隨球距離地面高度h的變化關(guān)系，其中可能正確的是(　　) 6.(2018·伍佑中學(xué)調(diào)研)如圖5所示，一輕彈簧下端固定在傾角為θ的固定斜面底端，彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)上端位于斜面上B點(diǎn)，B點(diǎn)以上光滑，B點(diǎn)到斜面底端粗糙，可視為質(zhì)點(diǎn)的物體質(zhì)量為m，從A點(diǎn)靜止釋放，將彈簧壓縮到最短后恰好能被彈回到B點(diǎn)．已知

5、A、B間的距離為L(zhǎng)，物體與B點(diǎn)以下斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力，則此過(guò)程中(　　) 圖5 A．克服摩擦力做的功為mgLsinθ B．彈簧的最大壓縮量為 C．物體的最大動(dòng)能一定等于mgLsinθ D．彈性勢(shì)能的最大值為mgL(1＋) 二、多項(xiàng)選擇題(本題共6小題，每小題4分，共計(jì)24分．每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意．全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，錯(cuò)選或不答的得0分) 7．(2018·徐州三中月考)甲、乙兩輛汽車沿平直公路從同一地點(diǎn)同時(shí)由靜止開(kāi)始向同一方向運(yùn)動(dòng)的v－t圖象如圖6所示，則下列說(shuō)法中正確的是(　　) 圖6 A．在0～t時(shí)間內(nèi)，甲的加

6、速度小于乙的加速度 B．在0～2t時(shí)間內(nèi)，甲的平均速度大于乙的平均速度 C．t時(shí)刻兩車再次相遇 D．在t～2t時(shí)間內(nèi)的某時(shí)刻，兩車再次相遇 8．(2017·南京市多校第一次段考)嫦娥一號(hào)是我國(guó)研制的首顆繞月人造衛(wèi)星，設(shè)嫦娥一號(hào)貼著月球表面做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)時(shí)間t(t小于嫦娥一號(hào)的繞行周期)，嫦娥一號(hào)運(yùn)動(dòng)的弧長(zhǎng)為s，嫦娥一號(hào)與月球中心的連線掃過(guò)的角度為θ(θ用弧度制表示)，引力常量為G，則下面描述正確的是(　　) A．航天器的軌道半徑為 B．航天器的環(huán)繞周期為 C．月球的質(zhì)量為 D．月球的密度為 9.(2017·淮陰中學(xué)模擬)如圖7所示，滑板運(yùn)動(dòng)員沿水平地面向前滑行，在橫桿前

7、相對(duì)于滑板豎直向上起跳，人與滑板分離，分別從桿的上、下通過(guò)，忽略人和滑板在運(yùn)動(dòng)中受到的阻力．則運(yùn)動(dòng)員(　　) 圖7 A．起跳時(shí)腳對(duì)滑板的作用力斜向后 B．在空中水平方向先加速后減速 C．在空中機(jī)械能不變 D．越過(guò)桿后仍落在滑板起跳的位置 10.一輛汽車在平直的公路上運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中先保持某一恒定加速度，后保持恒定的牽引功率，其牽引力和速度的圖象如圖8所示．若已知汽車的質(zhì)量m，牽引力F1和速度v1及該車所能達(dá)到的最大速度v3，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中阻力大小恒定，則根據(jù)圖象所給的信息，下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖8 A．汽車運(yùn)動(dòng)中的最大功率為F1v1 B．速度為v2時(shí)的加速度大小為

8、 C．汽車行駛中所受的阻力為 D．恒定加速時(shí)，加速度大小為 11.(2018·淮安市、宿遷市學(xué)業(yè)質(zhì)量檢測(cè))如圖9所示，重力為G的圓柱體A被平板B夾在板與墻壁之間，平板B與底座C右端的鉸鏈相連，左端由液壓器調(diào)節(jié)高度，以改變平板B與水平底座C間的夾角θ，B、C及D總重力也為G，底座C與水平地面間動(dòng)摩擦因數(shù)為μ(0.5＜μ＜1)，平板B的上表面及墻壁是光滑的．底座C與地面間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，則下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖9 A．C與地面間的摩擦力總等于2μG不變 B．θ角增大時(shí)，地面對(duì)C的摩擦力總增大 C．要保持底座C靜止不動(dòng)，應(yīng)滿足tanθ≤2μ D．若保持θ＝45°

9、不變，圓柱體重力增大ΔG，仍要保持底座C靜止，則ΔG的最大值ΔGm＝G 12．(2018·南通市如東縣質(zhì)量檢測(cè))如圖10所示，質(zhì)量為m的小球從固定半圓形槽上與圓心等高的P點(diǎn)無(wú)初速度釋放，先后經(jīng)過(guò)A、B、C點(diǎn)，C點(diǎn)是小球能到達(dá)左側(cè)的最高點(diǎn)．B點(diǎn)是最低點(diǎn)，半圓形槽的半徑為R，A點(diǎn)與C點(diǎn)等高，與B點(diǎn)的高度差為，重力加速度為g, 則(　　) 圖10 A．小球從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，重力對(duì)小球做的功大于小球克服摩擦力做的功 B．小球第一次由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)克服摩擦力做的功等于由B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)克服摩擦力做的功 C．小球只能經(jīng)過(guò)A點(diǎn)一次 D．小球第一次經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)，對(duì)槽的壓力一定大于2mg 三、非選

10、擇題(本題共6小題，共計(jì)58分) 13．(10分)(2017·揚(yáng)州中學(xué)5月模擬)如圖11所示，某同學(xué)在做“探究功與速度變化的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)，當(dāng)小車在1條橡皮筋的作用下沿木板滑行時(shí)，橡皮筋對(duì)小車做的功記為W.當(dāng)用2條、3條…橡皮筋重復(fù)實(shí)驗(yàn)時(shí)，設(shè)法使每次實(shí)驗(yàn)中橡皮筋所做的功分別為2W、3W… 圖11 (1)圖中電火花計(jì)時(shí)器的工作電壓是________V的交流電． (2)實(shí)驗(yàn)室提供的器材如下：長(zhǎng)木板、小車、橡皮筋、電火花計(jì)時(shí)器、紙帶、電源等，還缺少的測(cè)量工具是________________． (3)圖中小車上有一固定小立柱，下圖給出了4種橡皮筋與小立柱的套接方式，為減小實(shí)驗(yàn)誤差，你認(rèn)為

11、最合理的套接方式是________． 　　 圖12 (4)在正確操作的情況下，某次所打的紙帶如圖12所示．打在紙帶上的點(diǎn)并不都是均勻的，為了測(cè)量橡皮筋做功后小車獲得的速度，應(yīng)選用紙帶的______部分進(jìn)行測(cè)量(根據(jù)紙帶中字母回答)，小車獲得的速度是______m/s. 14．(8分)(2017·海安中學(xué)12月考)(1)圖13甲中游標(biāo)卡尺讀數(shù)為_(kāi)_______cm，圖乙中螺旋測(cè)微器讀數(shù)為_(kāi)_______mm. 　　　　 圖13　　　　　　　　　　　　　　　　　　圖14 (2)利用圖14所示裝置進(jìn)行驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)時(shí)，需要測(cè)量物體由靜止開(kāi)始自由下落到某點(diǎn)時(shí)的瞬時(shí)速度v和下落高

12、度h.某班同學(xué)利用實(shí)驗(yàn)得到的紙帶，設(shè)計(jì)了以下的四種測(cè)量方案： A．用刻度尺測(cè)出物體下落的高度h，并測(cè)出下落時(shí)間t，通過(guò)v＝gt計(jì)算出瞬時(shí)速度v. B．用刻度尺測(cè)出物體下落的高度h，并通過(guò)v＝計(jì)算出瞬時(shí)速度v. C．根據(jù)做勻變速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)紙帶上某點(diǎn)的瞬時(shí)速度，等于這點(diǎn)前后相鄰兩點(diǎn)間的平均速度，測(cè)算出瞬時(shí)速度v，并通過(guò)h＝計(jì)算出高度h. D．用刻度尺測(cè)出物體下落的高度h，根據(jù)做勻變速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)紙帶上某點(diǎn)的瞬時(shí)速度，等于這點(diǎn)前后相鄰兩點(diǎn)間的平均速度，測(cè)算出瞬時(shí)速度v. 以上方案中只有一種正確，正確的是________．(填入相應(yīng)的字母) 在實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)測(cè)得的數(shù)據(jù)，通過(guò)計(jì)算發(fā)現(xiàn)，

13、重錘在下落過(guò)程中，重錘動(dòng)能的增加量略大于重錘勢(shì)能的減少量，若實(shí)驗(yàn)測(cè)量與計(jì)算均無(wú)錯(cuò)誤，則出現(xiàn)這一問(wèn)題的原因可能是________． A．重錘的質(zhì)量偏大 B．交流電源的電壓偏高 C．交流電源的頻率小于50Hz D．重錘下落時(shí)受到的阻力過(guò)大 15．(8分)(2017·無(wú)錫市期末)如圖15甲，t＝0時(shí)，水平桌面上質(zhì)量為m＝1kg的滑塊獲得v0＝2m/s的水平向右的初速度，同時(shí)對(duì)滑塊施加一個(gè)水平向左的恒定拉力，前2s內(nèi)滑塊的速度－時(shí)間關(guān)系圖線如圖乙． 圖15 (1)求前2s內(nèi)滑塊的位移大小和方向； (2)分別求滑塊所受拉力和摩擦力大小； (3)若在t＝2s時(shí)將拉力撤去，則撤力后滑塊還能

14、滑行多遠(yuǎn)距離？ 16．(10分)(2017·啟東中學(xué)月考)如圖16，一質(zhì)量M＝3.0kg、足夠長(zhǎng)的木板B放在光滑的水平面上，其上表面放置質(zhì)量m＝1.0kg的小木塊A，A、B均處于靜止?fàn)顟B(tài)，A與B間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.30，且最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力大小相等．現(xiàn)給木塊A施加一隨時(shí)間t變化的水平力F＝kt(k＝2.0N/s)，重力加速度取g＝10 m/s2. 圖16 (1)若木板B固定，則經(jīng)過(guò)多少時(shí)間木塊A開(kāi)始滑動(dòng)？ (2)若木板B固定，求t2＝2.0s時(shí)木塊A的加速度大?。? (3)若木板B不固定，求t3＝1.0s時(shí)木塊A受到的

15、摩擦力大?。? 17．(10分)(2018·高郵市段考)如圖17所示，傾角為θ的無(wú)限長(zhǎng)斜面上PQ部分粗糙，且長(zhǎng)為3L，其余部分都光滑．質(zhì)量均為m的四個(gè)小物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))置于斜面，每相鄰兩物塊間有一長(zhǎng)為L(zhǎng)且平行于斜面的輕桿，每根桿的上端與物塊粘連而下端與物塊不粘連，各物塊與斜面PQ段的動(dòng)摩擦因數(shù)均為2tanθ.A、B、C、D同時(shí)釋放時(shí)A恰在P點(diǎn)，且各物塊有相同的沿斜面向下的初速度，最終四個(gè)物塊均能通過(guò)Q點(diǎn)．重力加速度為g.求： 圖17 (1)A在PQ段運(yùn)動(dòng)剛達(dá)到最大速度時(shí)的位置； (2)物塊C剛過(guò)P點(diǎn)時(shí)，桿對(duì)物塊D的彈力； (3)要使四個(gè)物塊均能通過(guò)Q點(diǎn)，最初釋放各物塊時(shí)的

16、初速度應(yīng)該滿足的條件． 18．(12分)(2018·南京市三校聯(lián)考)如圖18所示，在水平面上固定一個(gè)半徑R＝1.6m的光滑圓弧軌道的工件，其圓心在O點(diǎn)，AOC連線水平，BOD連線豎直．在圓周軌道的最低點(diǎn)B有兩個(gè)質(zhì)量分別為m1＝2kg，m2＝1kg的可視為質(zhì)點(diǎn)的小球1和2，兩小球間夾有一個(gè)極短的輕彈簧，當(dāng)彈簧儲(chǔ)存了Ep＝90J的彈性勢(shì)能時(shí)鎖定彈簧．某時(shí)刻解除鎖定，彈簧將兩個(gè)小球彈開(kāi)，重力加速度g＝10m/s2，試求： 圖18 (1)兩小球脫離彈簧瞬間的速度大??； (2)通過(guò)計(jì)算說(shuō)明小球2第一次沿軌道上滑過(guò)程中能否到達(dá)D點(diǎn)？

17、 答案精析 1．C　[假設(shè)A、B不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，整體的加速度a＝＝m/s2＝2.5 m/s2，對(duì)A物體，F(xiàn)f＝mAa＝1×2.5N＝2.5N<μmAg＝3N，可知假設(shè)成立，即A、B兩物體不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，加速度為2.5m/s2，A所受的摩擦力為2.5 N，故A、B錯(cuò)誤，C正確；對(duì)C物體，根據(jù)牛頓第二定律得mCg－FT＝mCa，解得FT＝mCg－mCa＝10 N－1×2.5 N＝7.5 N，故D錯(cuò)誤．] 2．B　[如圖所示，vA是環(huán)A的合速度，其分速度分別是v1、vB，其中vB的大小等于B的速度的大小(同一根繩子，速度大小相同)，vB＝vAcos θ，當(dāng)A環(huán)上升至與定滑輪的連線處于水平

18、位置時(shí)，vB＝0.故選B.] 3．D　[A、B一起加速運(yùn)動(dòng)是因?yàn)锳對(duì)B有靜摩擦力，但由于靜摩擦力存在最大值，所以B的加速度有最大值，可以求出此加速度下拉力的大小，如果拉力再增大，則物體間就會(huì)發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，所以這里存在一個(gè)臨界點(diǎn)，就是A、B間靜摩擦力達(dá)到最大值時(shí)拉力F的大?。訟為研究對(duì)象進(jìn)行受力分析，受水平向右的拉力和水平向左的摩擦力，有F－Ff＝mAa；再以B為研究對(duì)象，受水平向右的摩擦力Ff＝mBa，當(dāng)Ff為最大靜摩擦力時(shí)，解得a＝＝＝m/s2＝6 m/s2，有F＝48N．由此可以看出，當(dāng)F<48N時(shí)，A、B間的摩擦力達(dá)不到最大靜摩擦力，也就是說(shuō)，A、B間不會(huì)發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)，故選項(xiàng)D正

19、確．] 4．C　[乒乓球在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)h＝gt2得，t＝＝s＝s 豎直分速度：vy＝gt＝10×m/s＝2m/s，根據(jù)平行四邊形定則，球剛要落到球拍上時(shí)速度大小v＝＝m/s＝4m/s，故C正確，A、B、D錯(cuò)誤．] 5．C　[v－t圖象與t軸的交點(diǎn)表示小球到達(dá)最高點(diǎn)，速度為0，此時(shí)空氣阻力為0，小球所受的合力等于重力，由牛頓第二定律得：mg＝ma，a＝g≠0，故A錯(cuò)誤；根據(jù)牛頓第二定律得：上升過(guò)程有mg＋Ff＝ma上，下降過(guò)程有mg－Ff＝ma下，又Ff＝kv，得a上＝g＋，則上升過(guò)程中，隨著v的減小，a上減?。產(chǎn)下＝g－，則在下降過(guò)程中，隨著v的增大，a下減小，故B錯(cuò)

20、誤；根據(jù)動(dòng)能定理得：上升過(guò)程有ΔEk＝－(mg＋kv)Δh，得＝－(mg＋kv)，v減小，||減小，Ek－h(huán)圖象應(yīng)是切線斜率逐漸減小的曲線．下降過(guò)程有ΔEk＝(mg－kv)Δh，得＝mg－kv，v增大，||減小，Ek－h(huán)圖象應(yīng)是切線斜率逐漸減小的曲線，故C正確；根據(jù)功能關(guān)系得：上升過(guò)程有ΔE＝－kv·Δh，得＝－kv，v減小，||減小，E－h(huán)圖象應(yīng)是曲線，故D錯(cuò)誤．] 6．A　[對(duì)于整個(gè)過(guò)程，運(yùn)用動(dòng)能定理得：mgLsinθ－Wf＝0，故克服摩擦力做的功Wf＝mgLsinθ.故A正確． 由機(jī)械能守恒定律知，物體剛接觸彈簧時(shí)的動(dòng)能等于mgLsinθ，物體接觸彈簧后，重力沿斜面向下的分力先大于滑

21、動(dòng)摩擦力和彈簧的彈力的合力，物體先加速下滑，后來(lái)重力沿斜面向下的分力小于滑動(dòng)摩擦力和彈簧的彈力的合力，物體減速下滑，所以重力沿斜面向下的分力等于滑動(dòng)摩擦力和彈簧的彈力的合力，即物體受到的合力為零時(shí)，速度最大，動(dòng)能最大，所以物體的最大動(dòng)能一定大于mgLsinθ，故C錯(cuò)誤． 設(shè)彈簧的最大壓縮量為x，彈性勢(shì)能的最大值為Ep. 物體從A到最低點(diǎn)的過(guò)程，由能量守恒得：mg(L＋x)sinθ＝μmgcosθ·x＋Ep； 物體從最低點(diǎn)到B點(diǎn)的過(guò)程，由能量守恒得： mgxsinθ＋μmgcosθ·x＝Ep； 聯(lián)立解得x＝，Ep＝mgLsinθ(1＋)．故B、D錯(cuò)誤．] 7．BD　[圖象的斜率表示加

22、速度，由題圖可知，乙的加速度逐漸減小，最后為零，甲做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，0～t時(shí)間內(nèi)，乙的加速度先大于甲的加速度，后小于甲的加速度，故A錯(cuò)誤；0～2t內(nèi)，甲圖線與時(shí)間軸圍成的面積大于乙圖線與時(shí)間軸圍成的面積，則甲的位移大于乙的位移，因?yàn)闀r(shí)間相等，則甲的平均速度大于乙的平均速度，故B正確；因?yàn)閠時(shí)刻兩車的位移不相等，且兩車從同一地點(diǎn)同時(shí)出發(fā)，故C錯(cuò)誤；在t～2t時(shí)間內(nèi)的某時(shí)刻，兩圖線與時(shí)間軸圍成的面積會(huì)相等，即兩車的位移相等，可知兩車會(huì)相遇，故D正確．] 8．AD　[在t時(shí)間內(nèi)穿過(guò)的弧長(zhǎng)為s，轉(zhuǎn)過(guò)的角度為θ，根據(jù)s＝rθ知，航天器的軌道半徑r＝，故A正確；航天器的角速度ω＝，則周期T＝＝，故B錯(cuò)誤

23、；航天器的線速度v＝，根據(jù)G＝m得，月球的質(zhì)量M＝＝，故C錯(cuò)誤；航天器貼著月球表面運(yùn)行，軌道半徑等于月球的半徑，月球的密度ρ＝＝＝，故D正確．] 9．CD　[運(yùn)動(dòng)員豎直起跳，由于本身就有水平初速度，所以運(yùn)動(dòng)員既參與了水平方向上的勻速直線運(yùn)動(dòng)，又參與了豎直上拋運(yùn)動(dòng)．各分運(yùn)動(dòng)具有等時(shí)性，水平方向的分運(yùn)動(dòng)與滑板的運(yùn)動(dòng)情況一樣，最終落在滑板的原位置，所以豎直起跳時(shí)，對(duì)滑板的作用力應(yīng)該是豎直向下，故A、B錯(cuò)誤，D正確；忽略人和滑板在運(yùn)動(dòng)中受到的阻力，運(yùn)動(dòng)員在空中只受重力，所以機(jī)械能不變，故C正確．] 10．AC　[v1為汽車保持恒定加速度運(yùn)動(dòng)時(shí)的最大速度，即此時(shí)汽車達(dá)到最大功率P＝F1v1，以后汽車

24、的功率不再發(fā)生變化，故選項(xiàng)A正確；由于最大速度為v3，故此時(shí)汽車受到的阻力等于其受到的牽引力，即阻力Ff＝F3＝，選項(xiàng)C正確；汽車以v2的速度行駛時(shí)，牽引力F2＝，故速度為v2時(shí)的加速度為a2＝＝(－)，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；恒定加速時(shí)，加速度為a1＝＝(1－)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤．] 11．CD　[對(duì)A進(jìn)行受力分析，如圖甲所示： 根據(jù)平衡條件得：FN＝ 對(duì)B、C及D整體進(jìn)行受力分析，如圖乙所示， 當(dāng)B、C及D整體靜止時(shí)，摩擦力Ff＝FNsinθ＝Gtanθ，當(dāng)θ角增大時(shí)，地面對(duì)C的摩擦力增大，當(dāng)摩擦力超過(guò)最大靜摩擦力后，變?yōu)榛瑒?dòng)摩擦力，此時(shí)Ff滑＝2μG，故A、B錯(cuò)誤； 要保持底座C靜止不動(dòng)，

25、則Ff≤Ff滑，即Gtanθ≤2μG，解得： tanθ≤2μ，故C正確； 若保持θ＝45°不變，圓柱體的重力增大ΔGm， 則FN＝(G＋ΔGm)，F(xiàn)N′＝FN 此時(shí)底座C受到的靜摩擦力剛好達(dá)到最大靜摩擦力． 根據(jù)平衡條件得：FN′＝μ(G＋FN′)， 解得：ΔGm＝G.故D正確．] 12．CD　[小球從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的過(guò)程，只有重力、摩擦力做功，由于小球的動(dòng)能變化量為零，所以由動(dòng)能定理可得：重力對(duì)小球做的功等于小球克服摩擦力做的功，故A錯(cuò)誤；由于摩擦力的作用，小球第一次從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)與從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的過(guò)程經(jīng)過(guò)相同高度的對(duì)稱位置時(shí)，在AB上的速度大于在BC上的速度，在AB上運(yùn)動(dòng)

26、時(shí)所需要的向心力較大，小球?qū)壍赖膲毫^大，故小球在AB上受到的摩擦力大于在BC上受到的摩擦力，所以，小球第一次從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程克服摩擦力做的功大于從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的過(guò)程克服摩擦力做的功，且由于摩擦力的作用，小球從C點(diǎn)返回時(shí)滑不到A點(diǎn)，故B錯(cuò)誤，C正確；小球從B到C的過(guò)程摩擦力做負(fù)功，故小球的機(jī)械能減小，則有：mvB2>mgR，對(duì)小球在B點(diǎn)，應(yīng)用牛頓第二定律可得：FN－mg＝m，得FN＝mg＋m>2mg，那么，由牛頓第三定律可知：小球第一次過(guò)B點(diǎn)時(shí)，對(duì)槽的壓力一定大于2mg，故D正確．] 13．(1)220　(2)刻度尺　(3)A　(4)GJ　0.65 解析　(1)電火花計(jì)時(shí)器的工作

27、電壓是220V的交流電． (2)處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)時(shí)需要測(cè)量?jī)捎?jì)數(shù)點(diǎn)間的距離，因此還需要的器材是刻度尺． (3)橡皮筋最合理的套接方式是A，以A的方式套接釋放小車后，橡皮筋不會(huì)影響小車的運(yùn)動(dòng)． (4)由題圖所示紙帶可知，GJ部分兩計(jì)時(shí)點(diǎn)間的距離相等，小車做勻速直線運(yùn)動(dòng)，應(yīng)選用的紙帶是GJ部分；小車獲得的速度v＝＝m/s＝0.65 m/s. 14．(1)0.660　8.800　(2)D　C 解析　(1)游標(biāo)卡尺讀數(shù)為L(zhǎng)＝6mm＋12×mm＝6.60mm＝0.660cm 螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為d＝8.5mm＋30.0×0.01mm＝8.800mm (2)該實(shí)驗(yàn)是驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)，因?yàn)槲?/p>

28、們知道自由落體運(yùn)動(dòng)只受重力，機(jī)械能就守恒．如果把重物的實(shí)際運(yùn)動(dòng)看成自由落體運(yùn)動(dòng)，再運(yùn)用自由落體的規(guī)律求解速度，那么就不需要驗(yàn)證了，其中A、B、C三項(xiàng)都是運(yùn)用了自由落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求解的，故A、B、C錯(cuò)誤；D是運(yùn)用勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律求解的，D正確． 根據(jù)mgh＝mv2可知，測(cè)量結(jié)果與重錘質(zhì)量m無(wú)關(guān)，A錯(cuò)誤；測(cè)量結(jié)果與電壓U無(wú)關(guān)，所以B錯(cuò)誤；由ΔEk＝mv2，其中v＝＝，所以若實(shí)際交流電源的頻率小于50Hz，而將f＝50Hz代入上式，求出的速度要大于實(shí)際速度，從而導(dǎo)致ΔEk>mgh，所以C正確；根據(jù)能量守恒定律可知，若重錘下落時(shí)受到的阻力過(guò)大，則重錘動(dòng)能的增加量應(yīng)小于重力勢(shì)能的減少量，D錯(cuò)誤．

29、15．(1)0.6m　方向與初速度方向相同　(2)1.4N　0.6N (3)m 解析　(1)位移大小x＝×1×2m－×1×0.8m＝0.6m 方向與初速度方向相同 (2)0～1s內(nèi)加速度大小a1＝＝2m/s2 F＋Ff＝ma1 1～2s內(nèi)加速度大小a2＝＝0.8m/s2 F－Ff＝ma2，聯(lián)立解得F＝1.4N，F(xiàn)f＝0.6N (3)撤去拉力后，加速度大小為a3＝＝0.6m/s2 還能滑行x′＝＝m 16．(1)1.5s　(2)1m/s2　(3)1.5N 解析　(1)當(dāng)木板固定時(shí)，A開(kāi)始滑動(dòng)瞬間，水平力F與最大靜摩擦力大小相等， 則：F1＝Ffm＝μmg, 設(shè)經(jīng)過(guò)t1

30、時(shí)間A開(kāi)始滑動(dòng)，則：t1＝＝1.5s. (2)t2＝2.0s時(shí)，有：F2＝kt2＝2×2N＝4N， 由牛頓第二定律得F2－μmg＝ma 解得a＝1m/s2. (3)t3＝1.0s時(shí)水平外力為：F3＝kt3＝2N 由于此時(shí)F3小于最大靜摩擦力，兩者一定不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，故一起做勻加速運(yùn)動(dòng) 以整體為研究對(duì)象，由牛頓第二定律可得： F3＝(m＋M)a′，a′＝0.5m/s2 對(duì)A受力分析有：F3－Ff＝ma′， Ff＝F3－ma′＝(2－1×0.5) N＝1.5N. 17．見(jiàn)解析 解析　(1)由整體法，將四物塊及桿看成整體，當(dāng)它們下滑到重力沿斜面向下的分力等于摩擦力時(shí)運(yùn)動(dòng)速度達(dá)最

31、大值，有： μ·nmgcosθ＝4mgsinθ① 解得：n＝2② 即滑塊B剛過(guò)P點(diǎn)時(shí)A在PQ段運(yùn)動(dòng)剛達(dá)到最大速度，此時(shí)A離P點(diǎn)的距離為L(zhǎng)③ (2)對(duì)四物塊及桿整體，由牛頓第二定律得： μ·3mgcosθ－4mgsinθ＝4ma④ 得到a＝gsinθ，方向沿斜面向上⑤ 對(duì)物塊D，由牛頓第二定律得： F－mgsinθ＝ma⑥ 解得F＝mgsinθ，方向沿斜面向上⑦ (3)要使四個(gè)物塊都能通過(guò)Q點(diǎn)，則物塊D過(guò)Q點(diǎn)時(shí)的速度應(yīng)大于零．物塊A過(guò)Q點(diǎn)時(shí)，物塊D剛過(guò)P點(diǎn)，設(shè)此時(shí)物塊D的速度為v 對(duì)物塊D從P到Q的過(guò)程用動(dòng)能定理得 mgsinθ·3L－μmgcosθ·3L＝0－mv2⑧

32、 解得：v＝⑨ 設(shè)最初釋放各物塊時(shí)的初速度為v0，由釋放到整體進(jìn)入PQ段過(guò)程用動(dòng)能定理： 4mgsinθ·3L－μmgcosθ(3L＋2L＋L)＝×4mv2－×4mv02⑩ 解得：v0＝v＝? 故要使四個(gè)物塊均能通過(guò)Q點(diǎn)，最初釋放各物塊時(shí)的初速度應(yīng)大于? 18．(1)v1＝m/s，v2＝2m/s　(2)見(jiàn)解析 解析　(1)兩小球脫離彈簧瞬間，設(shè)小球m1的速度為v1，m2的速度為v2，兩個(gè)小球與彈簧組成的系統(tǒng)，水平方向受到的合外力為零，且只有彈力做功，水平方向動(dòng)量守恒，有：m1v1＝m2v2① 由機(jī)械能守恒定律，有：Ep＝m1v12＋m2v22② 聯(lián)立①②并代入數(shù)據(jù)解得：v1＝m/s，v2＝2m/s (2)小球2向右運(yùn)動(dòng)，設(shè)其能到達(dá)圓周軌道的最高點(diǎn)D，由機(jī)械能守恒，有：m2v22＝m2g·2R＋m2vD2 代入數(shù)據(jù)解得：vD＝2m/s 又小球能通過(guò)豎直面內(nèi)光滑圓周最高點(diǎn)的條件為：mg＝m，代入數(shù)據(jù)解得：v＝4m/s 由于v＜vD，故小球2第一次沿軌道上滑過(guò)程中能到達(dá)D點(diǎn)．