高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 第二篇 第13練 空間幾何體精準(zhǔn)提分練習(xí) 文-人教版高三數(shù)學(xué)試題

《高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 第二篇 第13練 空間幾何體精準(zhǔn)提分練習(xí) 文-人教版高三數(shù)學(xué)試題》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 第二篇 第13練 空間幾何體精準(zhǔn)提分練習(xí) 文-人教版高三數(shù)學(xué)試題（15頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、第13練　空間幾何體 [明晰考情]　1.命題角度：空間幾何體的三視圖，球與多面體的組合，一般以計算面積、體積的形式出現(xiàn).2.題目難度：中等或中等偏上. 考點一　空間幾何體的三視圖與直觀圖 要點重組　(1)三視圖畫法的基本原則：長對正，高平齊，寬相等；畫圖時看不到的線畫成虛線. (2)由三視圖還原幾何體的步驟 — ↓ — ↓ — (3)直觀圖畫法的規(guī)則：斜二測畫法. 1.一個四面體的頂點在空間直角坐標(biāo)系O－xyz中的坐標(biāo)分別是(1,0,1)，(1,1,0)，(0,1,1)，(0,0,0)，畫該四面體三視圖中的正(主)視圖時，以zOx平面為投影面，則得到的正(主)視圖為(

2、　　) 答案　A 解析　在空間直角坐標(biāo)系中作出四面體OABC的直觀圖如圖所示，作頂點A，C在xOz平面的投影A′，C′，可得四面體的正(主)視圖.故選A. 2.(2018·北京)某四棱錐的三視圖如圖所示，在此四棱錐的側(cè)面中，直角三角形的個數(shù)為(　　) A.1B.2C.3D.4 答案　C 解析　由三視圖得到空間幾何體，如圖所示， 則PA⊥平面ABCD，平面ABCD為直角梯形，PA＝AB＝AD＝2，BC＝1， 所以PA⊥AD，PA⊥AB，PA⊥BC. 又BC⊥AB，AB∩PA＝A， AB，PA?平面PAB， 所以BC⊥平面PAB. 又PB?平面PAB

3、，所以BC⊥PB. 在△PCD中，PD＝2，PC＝3，CD＝， 所以△PCD為銳角三角形. 所以側(cè)面中的直角三角形為△PAB，△PAD，△PBC，共3個.故選C. 3.如圖所示是一個幾何體的三視圖，則此三視圖所描述幾何體的直觀圖是(　　) 答案　D 解析　先觀察俯視圖，由俯視圖可知選項B和D中的一個正確，由正(主)視圖和側(cè)(左)視圖可知選項D正確. 4.已知正三棱錐V－ABC的正(主)視圖和俯視圖如圖所示，則該正三棱錐側(cè)(左)視圖的面積是________. 答案　6 解析　如圖，由俯視圖可知正三棱錐底面邊長為2， 則AO＝×2sin60°＝2. 所以V

4、O＝＝2， 則VA′＝2. 所以該正三棱錐的側(cè)(左)視圖的面積為 ×2×2＝6. 考點二　空間幾何體的表面積與體積 方法技巧　(1)求三棱錐的體積時，等體積轉(zhuǎn)化是常用的方法，轉(zhuǎn)化原則是其高易求，底面放在已知幾何體的某一面上. (2)求不規(guī)則幾何體的體積，常用分割或補(bǔ)形的思想，將不規(guī)則幾何體轉(zhuǎn)化為規(guī)則幾何體以易于求解. (3)已知幾何體的三視圖，可去判斷幾何體的形狀和各個度量，然后求解表面積和體積. 5.已知正三棱柱ABC－A1B1C1的底面邊長為2，側(cè)棱長為，D為BC的中點，則三棱錐A－B1DC1的體積為(　　) A.3 B. C.1 D. 答案　C 解析　∵D是等邊三

5、角形ABC的邊BC的中點， ∴AD⊥BC. 又ABC－A1B1C1為正三棱柱，∴AD⊥平面BB1C1C. ∵四邊形BB1C1C為矩形，∴＝S四邊形BB1C1C＝×2×＝. 又AD＝2×＝， ∴＝·AD＝××＝1. 故選C. 6.(2018·渭南質(zhì)檢)一個四面體的三視圖如圖所示，則該四面體的體積是(　　) A. B. C. D.1 答案　B 解析　根據(jù)題意得到原四面體是底面為等腰直角三角形，高為1的三棱錐，故得到體積為××2×1×1＝. 7.如圖是某幾何體的三視圖，則該幾何體的體積為(　　) A.12B.15C.18D.21 答案　C 解析　由三視圖可得該幾

6、何體是一個長、寬、高分別為4,3,3的長方體切去一半得到的，其直觀圖如圖所示. 其體積為×4×3×3＝18，故選C. 8.已知一個圓錐的母線長為2，側(cè)面展開圖是半圓，則該圓錐的體積為________. 答案　π 解析　由題意，得圓錐的底面周長為2π，設(shè)圓錐的底面半徑是r，則2πr＝2π，解得r＝1， ∴圓錐的高為h＝＝. ∴圓錐的體積為V＝πr2h＝π. 考點三　多面體與球 要點重組　(1)設(shè)球的半徑為R，球的截面圓半徑為r，球心到球的截面的距離為d，則有r＝. (2)當(dāng)球內(nèi)切于正方體時，球的直徑等于正方體的棱長，當(dāng)球外接于長方體時，長方體的體對角線長等于球的直徑；當(dāng)球與

7、正方體各棱都相切時，球的直徑等于正方體底面的對角線長. (3)若正四面體的棱長為a，則正四面體的外接球半徑為a，內(nèi)切球半徑為a. 9.已知三棱錐S－ABC的所有頂點都在球O的球面上，SA⊥平面ABC，SA＝2，AB＝1，AC＝2，∠BAC＝60°，則球O的表面積為(　　) A.4πB.12πC.16πD.64π 答案　C 解析　在△ABC中，由余弦定理得， BC2＝AB2＋AC2－2AB·ACcos60°＝3， ∴AC2＝AB2＋BC2， 即AB⊥BC. 又SA⊥平面ABC， ∴SA⊥AB，SA⊥BC， ∴三棱錐S－ABC可補(bǔ)成分別以AB＝1，BC＝，SA＝2為長、寬

8、、高的長方體， ∴球O的直徑為＝4， 故球O的表面積為4π×22＝16π. 10.(2017·全國Ⅲ)已知圓柱的高為1，它的兩個底面的圓周在直徑為2的同一個球的球面上，則該圓柱的體積為(　　) A.π B. C. D. 答案　B 解析　設(shè)圓柱的底面半徑為r，球的半徑為R，且R＝1， 由圓柱的兩個底面的圓周在同一個球的球面上可知， r，R及圓柱的高的一半構(gòu)成直角三角形. ∴r＝＝. ∴圓柱的體積為V＝πr2h＝π×1＝. 11.正四棱錐的頂點都在同一球面上，若該棱錐的高為4，底面邊長為2，則該球的表面積為(　　) A. B.16π C.9π D. 答案　A 解析　

9、由圖知，R2＝(4－R)2＋2， ∴R2＝16－8R＋R2＋2， ∴R＝. ∴S表＝4πR2＝4π×＝，故選A. 12.一個圓錐過軸的截面為等邊三角形，它的頂點和底面圓周在球O的球面上，則該圓錐的體積與球O的體積的比值為________. 答案　 解析　設(shè)等邊三角形的邊長為2a，球O的半徑為R， 則V圓錐＝·πa2·a＝πa3. 又R2＝a2＋(a－R)2，所以R＝a， 故V球＝·3＝πa3， 故其體積比值為. 1.如圖，某幾何體的三視圖是三個半徑相等的圓及每個圓中兩條互相垂直的半徑.若該幾何體的體積是，則它的表面積是(　　) A.17πB.18πC.20π

10、D.28π 答案　A 解析　由三視圖可知，該幾何體是球截去后所得幾何體，則××R3＝，解得R＝2，所以它的表面積為×4πR2＋×πR2＝14π＋3π＝17π. 2.如圖，在正四棱柱ABCD－A1B1C1D1中，點P是平面A1B1C1D1內(nèi)一點，則三棱錐P－BCD的正(主)視圖與側(cè)(左)視圖的面積之比為(　　) A.1∶1 B.2∶1 C.2∶3 D.3∶2 答案　A 解析　由題意可得正(主)視圖的面積等于矩形ADD1A1面積的，側(cè)(左)視圖的面積等于矩形CDD1C1面積的.又底面ABCD是正方形，所以矩形ADD1A1與矩形CDD1C1的面積相等，即正(主)視圖與側(cè)(左)視圖的

11、面積之比是1∶1. 3.已知A，B是球O的球面上兩點，∠AOB＝90°，C為該球面上的動點.若三棱錐O－ABC體積的最大值為36，則球O的表面積為(　　) A.36π B.64π C.144π D.256π 答案　C 解析　易知△AOB的面積確定，若三棱錐O－ABC的底面OAB上的高最大，則其體積最大.因為高最大為半徑R，所以VO－ABC＝×R2×R＝36，解得R＝6.故S球＝4πR2＝144π. 解題秘籍　(1)三視圖都是幾何體的投影，要抓住這個根本點確定幾何體的特征. (2)多面體與球的切、接問題，要明確切點、接點的位置，利用合適的截面圖確定兩者的關(guān)系，要熟悉長方體與球的各種

12、組合. 1.(2018·浙江)某幾何體的三視圖如圖所示(單位：cm)，則該幾何體的體積(單位：cm3)是(　　) A.2 B.4 C.6 D.8 答案　C 解析　由幾何體的三視圖可知，該幾何體是一個底面為直角梯形，高為2的直四棱柱，直角梯形的上、下底邊長分別為2,1，高為2， ∴該幾何體的體積為V＝2×＝6. 故選C. 2.某幾何體的三視圖如圖所示，其中俯視圖是半圓，則該幾何體的表面積為(　　) A.＋ B.π＋ C.＋ D.＋ 答案　C 解析　該幾何體為半圓錐，其表面積為×＋×2×＝＋. 3.如圖是棱長為2的正方體的表面展開圖，則多面體ABCDE的體積為

13、(　　) A.2B.C.D. 答案　D 解析　多面體ABCDE為四棱錐(如圖)，利用割補(bǔ)法可得其體積V＝4－＝，故選D. 4.如圖，網(wǎng)格紙上小正方形的邊長為1，下圖畫出的是某幾何體的三視圖，則該幾何體的表面積為(　　) A.12＋6＋18 B.9＋6＋18 C.9＋8＋18 D.9＋6＋12 答案　B 解析　作出該幾何體的直觀圖如圖所示(所作圖形進(jìn)行了一定角度的旋轉(zhuǎn))，故所求幾何體的表面積S＝2×3×＋2××3×＋×4×6＋×3×4＋×4×3＝9＋6＋18，故選B. 5.某錐體的三視圖如圖所示，用平行于錐體底面的平面把錐體截成體積相等的兩部分，則截面面積為(　

14、　) A.2 B.2 C.2 D.2 答案　C 解析　三視圖表示的幾何體(如圖)是四棱錐(鑲嵌入棱長為2的正方體中)，且四棱錐F－ABCD的底面為正方形ABCD，面積為4，設(shè)截面面積為S，所截得小四棱錐的高為h， 則 解得S＝2. 6.(2018·丹東期末)某幾何體的三視圖如圖所示，其中正(主)視圖、側(cè)(左)視圖均是由三角形與半圓構(gòu)成，俯視圖由圓與內(nèi)接三角形構(gòu)成，則該幾何體的體積為(　　) A.＋ B.＋ C.＋ D.＋ 答案　A 解析　該幾何體是一個半球，上面有一個三棱錐，體積為 V＝××1×1×1＋×π×3＝＋，故選A. 7.(2018·全國Ⅰ)某圓柱

15、的高為2，底面周長為16，其三視圖如右圖.圓柱表面上的點M在正(主)視圖上的對應(yīng)點為A，圓柱表面上的點N在側(cè)(左)視圖上的對應(yīng)點為B，則在此圓柱側(cè)面上，從M到N的路徑中，最短路徑的長度為(　　) A.2 B.2 C.3 D.2 答案　B 解析　先畫出圓柱的直觀圖，根據(jù)題中的三視圖可知，點M，N的位置如圖①所示. 圓柱的側(cè)面展開圖及M，N的位置(N為OP的四等分點)如圖②所示，連接MN，則圖中MN即為M到N的最短路徑. |ON|＝×16＝4，|OM|＝2， ∴|MN|＝＝＝2. 故選B. 8.如圖，四棱柱ABCD－A1B1C1D1是棱長為1的正方體，四棱錐S－ABC

16、D是高為1的正四棱錐，若點S，A1，B1，C1，D1在同一個球面上，則該球的表面積為(　　) A.πB.πC.πD.π 答案　D 解析　作如圖所示的輔助線，其中O為球心，設(shè)OG1＝x，則OB1＝SO＝2－x，由正方體的性質(zhì)知，B1G1＝，則在Rt△OB1G1中，由OB＝G1B＋OG，得(2－x)2＝x2＋2，解得x＝，所以球的半徑R＝OB1＝，所以球的表面積為S＝4πR2＝π，故選D. 9.如圖，側(cè)棱長為2的正三棱錐V－ABC中，∠AVB＝∠BVC＝∠CVA＝40°，過點A作截面△AEF，則截面△AEF的周長的最小值為____________. 答案　6 解析　沿著側(cè)棱

17、VA把正三棱錐V－ABC展開在一個平面內(nèi)，如圖， 則AA′即為截面△AEF周長的最小值，且∠AVA′＝3×40°＝120°，VA＝VA′＝2. 在△VAA′中，由余弦定理可得AA′＝6. 10.(2018·三門峽期末)《九章算術(shù)》是我國古代內(nèi)容極為豐富的數(shù)學(xué)名著，系統(tǒng)地總結(jié)了戰(zhàn)國、秦、漢時期的數(shù)學(xué)成就.書中將底面為長方形且有一條側(cè)棱與底面垂直的四棱錐稱之為“陽馬”，若某“陽馬”的三視圖如圖所示(網(wǎng)格紙上小正方形的邊長為1)，則該“陽馬”最長的棱長為________. 答案　5 解析　由三視圖知，幾何體是四棱錐，且四棱錐的一條側(cè)棱與底面垂直，如圖所示. 其中PA⊥平面AB

18、CD，∴PA＝3，AB＝CD＝4，AD＝BC＝5， ∴PB＝＝5，PC＝＝5，PD＝＝. ∴該幾何體最長的棱長為5. 11.已知某幾何體的三視圖如圖所示，其中俯視圖是正三角形，則該幾何體的體積為________. 答案　2 解析　依題意得，該幾何體是由如圖所示的三棱柱ABC－A1B1C1截去四棱錐A－BEDC得到的，故其體積V＝×22××3－××2×＝2. 12.已知三棱錐A－BCD中，AB＝AC＝BC＝2，BD＝CD＝，點E是BC的中點，點A在平面BCD上的投影恰好為DE的中點F，則該三棱錐外接球的表面積為________. 答案　 解析　連接BF，由題意，得△BCD為等腰直角三角形，E是外接圓的圓心. ∵點A在平面BCD上的投影恰好為DE的中點F， ∴BF＝＝， ∴AF＝＝. 設(shè)球心O到平面BCD的距離為h， 則1＋h2＝＋2， 解得h＝， ∴外接球的半徑r＝＝， 故該三棱錐外接球的表面積為4π×＝.