《新編高考數(shù)學二輪復(fù)習 專題一函數(shù)與導(dǎo)數(shù)不等式:第1講函數(shù)的圖象與性質(zhì)課時規(guī)范練文》由會員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《新編高考數(shù)學二輪復(fù)習 專題一函數(shù)與導(dǎo)數(shù)不等式:第1講函數(shù)的圖象與性質(zhì)課時規(guī)范練文(5頁珍藏版)》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。
1、新編高考數(shù)學復(fù)習資料
第1講 函數(shù)的圖象與性質(zhì)
一、選擇題
1.(2017·清遠一中模擬)函數(shù)f(x)=的定義域為( )
A.(-∞,0] B.[0,1]∪[1,+∞)
C.[1,+∞) D.(1,+∞)
解析:由題意知解得x≤0且x≠1,即x≤0.
答案:A
2.(2017·湖南衡陽聯(lián)考)已知函數(shù)g(x)的定義域為{x|x≠0},且g(x)≠0,設(shè)p:函數(shù)f(x)=g(x)·是偶函數(shù);q:函數(shù)g(x)是奇函數(shù),則p是q的( )(導(dǎo)學號 55410092)
A.充分不必要條件
B.必要不充分條件
C.充要條件
D.既不充分也不必要條件
解析:令h
2、(x)=-(x≠0),
易知h(x)+h(-x)=0
所以h(x)為奇函數(shù),g(x)為奇函數(shù),
則f(x)為偶函數(shù).
反過來,結(jié)論也成立.
因此p是q的充要條件.
答案:C
3.(2015·浙江卷)函數(shù)f(x)=sin x的大致圖象為( )
解析:函數(shù)y1=-x與y2=sin x為奇函數(shù),可得函數(shù)f(x)=sin x為偶函數(shù),因此排除C,D.
又當x=時,y1<0,y2>0,f<0,因此B正確.
答案:B
4.(2017·北京卷)已知函數(shù)f(x)=3x-,則f(x)( )
A.是奇函數(shù),且在R上是增函數(shù)
B.是偶函數(shù),且在R上是增函數(shù)
C.是奇函數(shù),且在
3、R上是減函數(shù)
D.是偶函數(shù),且在R上是減函數(shù)
解析:f(x)的定義域為R,f(-x)=3-x-3x=-f(x),則f(x)為奇函數(shù).
y=3x為增函數(shù),y=為減函數(shù),則f(x)=3x-為增函數(shù).
答案:A
5.已知定義在R上的函數(shù)f(x)=2|x-m|-1(m為實數(shù))為偶函數(shù),記a=f(log0.53),b=f(log25),c=f(2m),則a,b,c的大小關(guān)系為( )
A.a(chǎn)<b<c B.a(chǎn)<c<b
C.c<a<b D.c<b<a
解析:由f(x)=2|x-m|-1是偶函數(shù)可知m=0,
所以f(x)=2|x|-1.
所以a=f(log0.53)=2|log0.
4、53|-1=2log23-1=2,
b=f(log25)=2|log25|-1=2log25-1=4,
c=f(0)=2|0|-1=0,所以c<a<b.
答案:C
二、填空題
6.(2017·全國卷Ⅱ改編)函數(shù)f(x)=ln(x2-2x-8)的單調(diào)增區(qū)間是________.
解析:要使函數(shù)有意義,則x2-2x-8>0,解得x<-2或x>4,結(jié)合二次函數(shù)的單調(diào)性、對數(shù)函數(shù)的單調(diào)性和復(fù)合函數(shù)同增異減的原則可得函數(shù)的單調(diào)增區(qū)間為(4,+∞).
答案:(4,+∞)
7.(2016·四川卷)已知函數(shù)f(x)是定義在R上的周期為2的奇函數(shù),當0<x<1時,f(x)=4x,則f+f(1)=_
5、_______.(導(dǎo)學號 55410093)
解析:因為f(x)是周期為2的奇函數(shù),
所以f(1)=f(-1)=-f(1),即f(1)=0,
又f=f=-f=-4=-2,
從而f+f(1)=-2.
答案:-2
8.(2017·郴州二模)已知函數(shù)f(x)是奇函數(shù),當x>0時,f(x)=ax(a>0且a≠1),且f(log4)=-3,則a的值為________.
解析:因為奇函數(shù)f(x)滿足f(log4)=-3,log4=-2<0,所以f(2)=3,
又因為當x>0時,f(x)=ax(a>0且a≠1),2>0,
所以f(2)=a2=3,解之得a=.
答案:
三、解答題
9.
6、已知函數(shù)f(x)=ax+b(a>0,a≠1).
圖① 圖②
(1)若f(x)的圖象如圖①所示,求a、b的值;
(2)若f(x)的圖象如圖②所示,求a、b的取值范圍;
(3)在(1)中,若|f(x)|=m有且僅有一個實數(shù)解,求實數(shù)m的取值范圍.
解:(1)f(x)的圖象過點(2,0),(0,-2),
所以解得a=,b=-3.
(2)因為f(x)單調(diào)遞減,
所以0<a<1,
又f(0)<0,即a0+b<0,
所以b<-1.
即a的取值范圍是(0,1),b的取值范圍是(-∞,-1).
(3)畫出y=|f(x)|的草圖(圖略),
知當m=0或m≥3時,|f(x)|
7、=m有且僅有一個實數(shù)解.
所以實數(shù)m的取值范圍是{0}∪[3,+∞)
10.(2017·深圳中學調(diào)研)已知函數(shù)f(x)=a-.
(1)求f(0);
(2)探究f(x)的單調(diào)性,并證明你的結(jié)論;
(3)若f(x)為奇函數(shù),求滿足f(ax)<f(2)的x的范圍.
解:(1)f(0)=a-=a-1.
(2)因為f(x)的定義域為R,
所以任取x1,x2∈R且x1<x2,
則f(x1)-f(x2)=a--a+=
.
因為y=2x在R上單調(diào)遞增且x1<x2,
所以0<2x1<2x2,
所以2x1-2x2<0,2x1+1>0,2x2+1>0.
所以f(x1)-f(x2)<0,
8、
即f(x1)<f(x2),
所以f(x)在R上單調(diào)遞增.
(3)因為f(x)是奇函數(shù),
所以f(-x)=-f(x),即a-=-a+,
解得a=1(或用f(0)=0去解).
所以f(ax)<f(2)即為f(x)<f(2),
又因為f(x)在R上單調(diào)遞增,
所以x<2.
所以不等式的解集為(-∞,2).
11.已知函數(shù)f(x)=a∈R.
(1)若a=-2,求函數(shù)f(x)的單調(diào)區(qū)間;
(2)若函數(shù)f(x)在區(qū)間(0,2)上單調(diào)遞增,求實數(shù)a的取值范圍.
解:(1)當x≥1時,f(x)=-2ln x+x+,f′(x)=+1-=,由f′(x)>0,得x>3;由f′(x)<0得1
9、<x<3,
x<1時,f(x)=x3-2x2+2x-2,
f′(x)=3x2-4x+2=3+>0,
綜上所述,函數(shù)f(x)的單增區(qū)間為(-∞,1),(3,+∞),單減區(qū)間為(1,3).
(2)當1<x<2時,f(x)=aln x+x+,f′(x)=+1-=≥0恒成立,
則-a≤x-在區(qū)間(1,2)上恒成立,而函數(shù)y=x-在區(qū)間(1,2)上單調(diào)遞增,所以-a≤-2,即a≥2;
當0<x<1時,f(x)=x3+ax2+2x-2,
f′(x)=3x2+2ax+2≥0恒成立,
則-2a≤3x+在區(qū)間(0,1)上恒成立,而x∈(0,1)時3x+≥2,等號當且僅當x=時成立,所以-2a≤2,即a≥-,
由于f(x)在區(qū)間(0,2)上單調(diào)遞增,故
解得2≤a≤3,所以所求實數(shù)a的取值范圍是[2,3].