新編高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí)學(xué)案訓(xùn)練課件: 單元評估檢測2 函數(shù)、導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用 文 北師大版

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1、 單元評估檢測(二) 函數(shù)、導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用 (120分鐘 150分) 一、選擇題(本大題共12小題,每小題5分,共60分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的) 1.(20xx·長沙模擬)設(shè)函數(shù)f(x)=+,則函數(shù)的定義域?yàn)?  ) 【導(dǎo)學(xué)號:00090387】 A.       B. C.∪(0,+∞) D. A 2.已知函數(shù)f(x)=則f(f(4))的值為(  ) A.-    B.-9    C.    D.9 C 3.(20xx·太原模擬)設(shè)a=log37,b=21.1,c=0.83.1,則(  ) A.b<a<c B

2、.a(chǎn)<c<b C.c<b<a D.c<a<b D 4.下列函數(shù)中,在(-1,1)內(nèi)有零點(diǎn)且單調(diào)遞增的是(  ) A.y=log2x B.y=2x-1 C.y=x2-2 D.y=-x3 B 5.(20xx·洛陽模擬)函數(shù)y=(a>0,a≠1)的定義域和值域都是[0,1],則loga+loga=(  ) A.1     B.2 C.3     D.4 C 6.(20xx·珠海模擬)設(shè)函數(shù)f(x)是定義在R上的奇函數(shù),且f(x)=則g(f(-7))=(  ) A.3    B.-3 C.2    D.-2 D 7.某商場銷售A型商品,已知該

3、商品的進(jìn)價(jià)是每件3元,且銷售單價(jià)與日均銷售量的關(guān)系如表所示: 銷售單價(jià)(元) 4 5 6 7 8 9 10 日均銷售量(件) 400 360 320 280 240 200 160 請根據(jù)以上數(shù)據(jù)分析,要使該商品的日均銷售利潤最大,此商品的定價(jià)(單位:元/件)應(yīng)為(  ) A.4    B.5.5 C.8.5    D.10 C 8.函數(shù)y=的部分圖象大致為(  ) D 9.過點(diǎn)(-1,0)作拋物線y=x2+x+1的切線,則其中一條切線為(  ) A.2x+y+2=0 B.3x-y+3=0 C.x+y+1=0 D.x-y+

4、1=0 D 10.(20xx·廈門模擬)已知a是常數(shù),函數(shù)f(x)=x3+(1-a)x2-ax+2的導(dǎo)函數(shù)y=f′(x)的圖象如圖1所示,則函數(shù)g(x)=|ax-2|的圖象可能是(  ) 圖1 D 11.若函數(shù)f(x)=1++sin x在區(qū)間[-k,k](k>0)上的值域?yàn)閇m,n],則m+n=(  ) A.0     B.1 C.2     D.4 D 12.(20xx·商丘模擬)設(shè)定義在R上的函數(shù)f(x)是最小正周期為2π的偶函數(shù),f′(x)是f(x)的導(dǎo)函數(shù).當(dāng)x∈[0,π]時(shí),0<f(x)<1;當(dāng)x∈(0,π)且x≠時(shí),f′(x)>0,則函數(shù)y=

5、f(x)-sin x在[-3π,3π]上的零點(diǎn)個(gè)數(shù)為(  ) A.4     B.5 C.6     D.8 C 二、填空題(本大題共4小題,每小題5分,共20分.請把正確答案填在題中橫線上) 13.已知冪函數(shù)f(x)=(m2-3m+3)·xm+1為奇函數(shù),則不等式f(2x-3)+f(x)>0的解集為________. (1,+∞) 14.已知函數(shù)f(x)=|x2+3x|,x∈R,若方程f(x)-a=0恰有4個(gè)互異的實(shí)數(shù)根x1,x2,x3,x4,則x1+x2+x3+x4=________. -6 15.已知函數(shù)f(x)=ax(a>0且a≠1)在區(qū)間[-1,2]上

6、的最大值為8,最小值為m,若函數(shù)g(x)=(3-10m)是單調(diào)增函數(shù),則a=________. 【導(dǎo)學(xué)號:00090388】 16.(20xx·岳陽模擬)某同學(xué)在研究函數(shù)f(x)=+的性質(zhì)時(shí),受到兩點(diǎn)間距離公式的啟發(fā),將f(x)變形為f(x)=+,則f(x)表示|PA|+|PB|(如圖2),下列關(guān)于函數(shù)f(x)的描述正確的是________(填上所有正確結(jié)論的序號) 圖2 ①f(x)的圖象是中心對稱圖形; ②f(x)的圖象是軸對稱圖形; ③函數(shù)f(x)的值域?yàn)閇,+∞); ④方程f(f(x))=1+有兩個(gè)解. ②③ 三、解答題(本大題共6小題,共70分.解答時(shí)應(yīng)寫

7、出必要的文字說明、證明過程或演算步驟) 17.(10分)已知二次函數(shù)f(x)=ax2+bx+1(a>0),F(xiàn)(x)=若f(-1)=0,且對任意實(shí)數(shù)x均有f(x)≥0恒成立. (1)求F(x)的表達(dá)式. (2)當(dāng)x∈[-2,2]時(shí),g(x)=f(x)-kx是單調(diào)函數(shù),求k的取值范圍. (1)F(x)= (2)(-∞,-2]∪[6,+∞) 18.(12分)已知實(shí)數(shù)x滿足32x-4-·3x-1+9≤0且f(x)=log2·log. (1)求實(shí)數(shù)x的取值范圍. (2)求f(x)的最大值和最小值,并求此時(shí)x的值. [解] (1)由32x-4-·3x-1+9≤0, 得32x-4-10·

8、3x-2+9≤0, 即(3x-2-1)(3x-2-9)≤0, 所以1≤3x-2≤9,2≤x≤4. (2)因?yàn)閒(x)=log2·log=(log2x-1)(log2x-2)=(log2x)2-3log2x+2=2-, 當(dāng)log2x=,即x=2時(shí),f(x)min=-. 當(dāng)log2x=1或log2x=2,即x=2或x=4時(shí),f(x)max=0. 19.(12分)(20xx·咸寧模擬)設(shè)函數(shù)f(x)=(ax+b)ex,g(x)=-x2+cx+d,若函數(shù)f(x)和g(x)的圖象都過點(diǎn)P(0,1),且在點(diǎn)P處有相同的切線y=2x+1. (1)求a,b,c,d的值. (2)當(dāng)x∈[0,+∞

9、)時(shí),判斷函數(shù)h(x)=f(x)-g(x)的單調(diào)性. [解] (1)f′(x)=(ax+a+b)ex, 所以所以a=b=1, g′(x)=-2x+c,所以 所以c=2,d=1. (2)由(1)可知h(x)=f(x)-g(x)=(x+1)ex-(-x2+2x+1)=(x+1)ex+x2-2x-1, 所以h′(x)=(x+2)ex+2x-2=(x+2)ex+2x+4-6=(x+2)(ex+2)-6≥2×3-6=0,所以h(x)在[0,+∞)上為增函數(shù). 20.(12分)設(shè)函數(shù)f(x)=ax-(k-1)a-x(a>0且a≠1)是定義域?yàn)镽的奇函數(shù). (1)求k的值. (2)若f(1

10、)<0,試判斷函數(shù)的單調(diào)性,并求使不等式f(x2+tx)+f(4-x)<0恒成立的t的取值范圍. (3)若f(1)=,且g(x)=a2x+a-2x-2mf(x)在[1,+∞)上的最小值為-2,求m的值. [解] (1)因?yàn)閒(x)是定義域?yàn)镽的奇函數(shù),所以f(0)=a0-(k-1)a0=1-(k-1)=0,所以k=2. (2)由(1)知f(x)=ax-a-x(a>0且a≠1). 因?yàn)閒(1)<0,所以a-<0, 又a>0且a≠1,所以0<a<1, 所以y=ax在R上單調(diào)遞減,y=a-x在R上單調(diào)遞增, 故f(x)=ax-a-x在R上單調(diào)遞減. 不等式f(x2+tx)+f(4-x

11、)<0可化為f(x2+tx)<f(x-4),所以x2+tx>x-4, 所以x2+(t-1)x+4>0恒成立, 所以Δ=(t-1)2-16<0,解得-3<t<5. (3)因?yàn)閒(1)=,所以a-=, 即2a2-3a-2=0, 所以a=2或a=-(舍去). 所以g(x)=22x+2-2x-2m(2x-2-x)=(2x-2-x)2-2m(2x-2-x)+2. 令n=f(x)=2x-2-x, 因?yàn)閒(x)=2x-2-x為增函數(shù),x≥1, 所以n≥k(1)=. 令h(n)=n2-2mn+2=(n-m)2+2-m2. 若m≥時(shí),則當(dāng)n=m時(shí),h(n)min=2-m2=-2,所以m=2

12、. 若m<,則當(dāng)n=時(shí),h(n)min=-3m=-2,所以m=>(舍去). 綜上可知,m=2. 21.(12分)(20xx·大同模擬)已知函數(shù)f(x)=x-(a+1)ln x-(a∈R),g(x)=x2+ex-xex. (1)當(dāng)x∈[1,e]時(shí),求f(x)的最小值. (2)當(dāng)a<1時(shí),若存在x1∈[e,e2],使得對任意的x2∈[-2,0],f(x1)<g(x2)恒成立,求a的取值范圍. [解] (1)f(x)的定義域?yàn)?0,+∞),f′(x)=. ①當(dāng)a≤1時(shí),x∈[1,e]時(shí),f′(x)≥0, f(x)為增函數(shù),f(x)min=f(1)=1-A. ②當(dāng)1<a<e時(shí), x

13、∈[1,a]時(shí),f′(x)≤0,f(x)為減函數(shù); x∈(a,e]時(shí),f′(x)>0,f(x)為增函數(shù). 所以x∈[1,e]時(shí),f(x)min=f(a)=a-(a+1)·ln a-1. ③當(dāng)a≥e時(shí),x∈[1,e]時(shí),f′(x)≤0, f(x)在[1,e]上為減函數(shù). f(x)min=f(e)=e-(a+1)-. 綜上,在x∈[1,e]上,當(dāng)a≤1時(shí),f(x)min=1-a; 當(dāng)1<a<e時(shí),f(x)min=a-(a+1)ln a-1; 當(dāng)a≥e時(shí),f(x)min=e-(a+1)-. (2)由題意知,當(dāng)a<1時(shí),f(x)(x∈[e,e2])的最小值小于g(x)(x∈[-2,0

14、])的最小值.由(1)可知,當(dāng)a<1時(shí),f(x)在[e,e2]上單調(diào)遞增, 則f(x)min=f(e)=e-(a+1)-, 又g′(x)=(1-ex)x, 當(dāng)x∈[-2,0]時(shí),g′(x)≤0,g(x)為減函數(shù),g(x)min=g(0)=1, 所以e-(a+1)-<1,即a>, 所以a的取值范圍為. 22.(12分)(20xx·石家莊模擬)設(shè)函數(shù)f(x)=x2+aln(x+1)(a為常數(shù)). (1)若函數(shù)y=f(x)在區(qū)間[1,+∞)上是單調(diào)遞增函數(shù),求實(shí)數(shù)a的取值范圍. (2)若函數(shù)y=f(x)有兩個(gè)極值點(diǎn)x1,x2,且x1<x2,求證:0<<-+ln 2. 【導(dǎo)學(xué)號:000

15、90389】 [解] (1)根據(jù)題意知:f′(x)=≥0在[1,+∞)上恒成立. 即a≥-2x2-2x在區(qū)間[1,+∞)上恒成立.令g(x)=-2x2-2x, 因?yàn)間(x)=-2x2-2x在區(qū)間[1,+∞)上的最大值為-4,所以a≥-4. 經(jīng)檢驗(yàn):當(dāng)a=-4時(shí),f′(x)==≥0,x∈[1,+∞). 所以a的取值范圍是[-4,+∞). (2)f′(x)==0在區(qū)間(-1,+∞)上有兩個(gè)不相等的實(shí)數(shù)根, 即方程2x2+2x+a=0在區(qū)間(-1,+∞)上有兩個(gè)不相等的實(shí)數(shù)根. 記g(x)=2x2+2x+a, 則有解得0<a<. 所以x1+x2=-1,2x+2x2+a=0, x2=-+,-<x2<0. 所以=. 令k(x)=,x∈. k′(x)=+2ln(x+1), 記p(x)=+2ln(x+1). 所以p′(x)=, p′=-4,p′(0)=2. 所以存在x0∈使得p′(x0)=0. 當(dāng)x∈時(shí),p′(x)<0; 當(dāng)x∈(x0,0)時(shí),p′(x)>0. 所以k′(x)在上單調(diào)遞減,在(x0,0)上單調(diào)遞增, 因?yàn)閗′=1-2ln 2<0,k′(0)=0. 所以當(dāng)x∈時(shí),k′(x)<0, 所以k(x)在上單調(diào)遞減, 即0<<-+ln 2.

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