《新編高考備考“最后30天”大沖刺 數(shù)學(xué) 專(zhuān)題八 立體幾何文 教師版》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《新編高考備考“最后30天”大沖刺 數(shù)學(xué) 專(zhuān)題八 立體幾何文 教師版（8頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、
0
專(zhuān)題八：立體幾何
例 題
如圖，P為正方形ABCD外一點(diǎn)，PB⊥平面ABCD，PB＝AB＝2，E為PD的中點(diǎn)．
（1）求證：PA⊥CE；
（2）求四棱錐P－ABCD的表面積．
【解析】（1）證明：取PA的中點(diǎn)F，連接EF，BF，則EF∥AD∥BC，即EF，BC共面．
∵PB⊥平面ABCD，∴PB⊥BC．
又BC⊥AB且PB∩AB＝B，
∴BC⊥平面PAB，∴BC⊥PA．
∵PB＝AB，∴BF⊥PA，又BC∩BF＝B，
∴PA⊥平面EFBC，∴PA⊥CE．
（2）解：設(shè)四棱錐P－ABCD的表面積為S，
∵PB⊥平面ABCD，
∴
2、PB⊥CD，又CD⊥BC，PB∩BC＝B，
∴CD⊥平面PBC，
∴CD⊥PC，即△PCD為直角三角形，
由（1）知BC⊥平面PAB，而AD∥BC，
∴AD⊥平面PAB，
故AD⊥PA，即△PAD也為直角三角形．
綜上，S＝PC·CD＋PB·CB＋PA·AD＋AB·PB＋AB·BC＝8＋4．
【答案】（1）見(jiàn)解析；（2）8＋4．
基礎(chǔ)回歸
立體幾何是高考中必考的題型之一，并且分值占卷面的12%左右，多數(shù)是22分，常考兩個(gè)客觀題和一個(gè)主觀題，對(duì)學(xué)生的空間想象能力和運(yùn)算推理能力要求較高，考點(diǎn)主要集中在空間幾何體的三視圖，空間幾何體的表面積與體積，證明直線、
3、平面的平行與垂直關(guān)系，求角．立體幾何主要位于必修2中立體幾何初步．
規(guī)范訓(xùn)練
綜合題（48分/60min）
1．（12分/15min）在四棱錐P－ABCD中，底面ABCD是菱形，PD⊥平面ABCD，點(diǎn)D1為棱PD的中點(diǎn)，過(guò)D1作與平面ABCD平行的平面，與棱PA，PB，PC相交于點(diǎn)A1，B1，C1，∠BAD＝60°．
（1）證明：B1為PB的中點(diǎn)；
（2）已知棱錐的高為3，且AB＝2，AC，BD的交點(diǎn)為O，連接B1O，求三棱錐B1－ABO外接球的體積．
【解析】（1）證明：連接B1D1．
?BD∥B1D1，
即B1D1為△PBD的中位線，即B1為PB
4、的中點(diǎn)．
（2）解：由（1）可得，OB1＝，AO＝，BO＝1，且OA⊥OB，OA⊥OB1，OB⊥OB1，
即三棱錐B1－ABO的外接球?yàn)橐設(shè)A，OB，OB1為長(zhǎng)，寬，高的長(zhǎng)方體的外接球，則該長(zhǎng)方體的體對(duì)角線長(zhǎng)d＝＝，即外接球半徑R＝．
則三棱錐B1－ABO外接球的體積V＝πR3＝×π×3＝．
【答案】（1）見(jiàn)解析；（2）．
滿分規(guī)范
1.時(shí)間：你是否在限定時(shí)間內(nèi)完成？ □是 □否 2.步驟：答題步驟是否與標(biāo)答一致？ □是 □否
3.語(yǔ)言：答題學(xué)科用語(yǔ)是否精準(zhǔn)規(guī)范？□是 □否 4.書(shū)寫(xiě)：字跡是否工整？卷面是否整潔？□是 □否
5.得分點(diǎn)：答題得分點(diǎn)是否全面無(wú)誤
5、？□是 □否 6.教材：教材知識(shí)是否全面掌握？ □是 □否
2．（12分/15min）如圖所示，在四棱錐P－ABCD中，底面ABCD是邊長(zhǎng)為2的正方形，側(cè)棱PD⊥底面ABCD，PD＝DC，E是PC的中點(diǎn)，過(guò)點(diǎn)E作EF⊥PB交PB于點(diǎn)F．
（1）證明：PA∥平面EDB；
（2）證明：PB⊥平面EFD；
（3）求三棱錐E－BCD的體積．
【解析】（1）證明：如圖所示，連接AC，交BD于點(diǎn)O，連接EO．
∵底面ABCD是正方形，
∴點(diǎn)O是AC的中點(diǎn)．
在△PAC中，EO是中位線，∴PA∥EO．
∵EO?平面EDB，PA?平面EDB，
∴PA∥平面EDB．
6、
（2）解：∵PD＝DC，又E是斜邊PC的中點(diǎn)，∴DE⊥PC．①
由PD⊥底面ABCD，得PD⊥BC．
∵底面ABCD是正方形，∴DC⊥BC．
又PD∩DC＝D，∴BC⊥平面PDC．
又DE?平面PDC，∴BC⊥DE．②
由①和②，得DE⊥平面PBC．
而PB?平面PBC，∴DE⊥PB．
又EF⊥PB，且DE∩EF＝E，
∴PB⊥平面EFD．
（3）解：∵E是PC的中點(diǎn)，∴點(diǎn)E到平面BCD的距離是PD的一半，
∴VE－BCD＝××1＝．
【答案】（1）見(jiàn)解析；（2）見(jiàn)解析；（2）．
滿分規(guī)范
1.時(shí)間：你是否在限定時(shí)間內(nèi)完成？ □是 □否 2.步驟：答題步
7、驟是否與標(biāo)答一致？ □是 □否
3.語(yǔ)言：答題學(xué)科用語(yǔ)是否精準(zhǔn)規(guī)范？□是 □否 4.書(shū)寫(xiě)：字跡是否工整？卷面是否整潔？□是 □否
5.得分點(diǎn)：答題得分點(diǎn)是否全面無(wú)誤？□是 □否 6.教材：教材知識(shí)是否全面掌握？ □是 □否
3．（12分/15min）如圖，四邊形ABCD為梯形，AB∥CD，PD⊥平面ABCD，∠BAD＝∠ADC＝90°，DC＝2AB＝2a，DA＝a，E為BC中點(diǎn)．
（1）求證：平面PBC⊥平面PDE；
（2）線段PC上是否存在一點(diǎn)F，使PA∥平面BDF？若存在，請(qǐng)找出具體位置，并進(jìn)行證明；若不存在，請(qǐng)分析說(shuō)明理由．
【解析】（1）證明：連
8、接BD，∠BAD＝∠ADC＝90°，
∵AB＝a，DA＝a，
∴BD＝DC＝2a．又E為BC中點(diǎn)，∴BC⊥DE．
又∵PD⊥平面ABCD，∴BC⊥PD．
∵DE∩PD＝D，∴BC⊥平面PDE．
∵BC?平面PBC，∴平面PBC⊥平面PDE．
（2）解：當(dāng)點(diǎn)F位于PC三分之一分點(diǎn)(靠近點(diǎn)P)時(shí)，PA∥平面BDF．證明如下：
連接AC，BD交于點(diǎn)O，
∵AB∥CD，∴△AOB∽△COD，
又∵AB＝DC，∴AO＝OC，
從而在△CPA，AO＝AC，而PF＝PC，
∴OF∥PA，
而OF?平面BDF，PA?平面BDF，
∴PA∥平面BDF．
【答案】（1）見(jiàn)解析；（2）見(jiàn)
9、解析．
滿分規(guī)范
1.時(shí)間：你是否在限定時(shí)間內(nèi)完成？ □是 □否 2.步驟：答題步驟是否與標(biāo)答一致？ □是 □否
3.語(yǔ)言：答題學(xué)科用語(yǔ)是否精準(zhǔn)規(guī)范？□是 □否 4.書(shū)寫(xiě)：字跡是否工整？卷面是否整潔？□是 □否
5.得分點(diǎn)：答題得分點(diǎn)是否全面無(wú)誤？□是 □否 6.教材：教材知識(shí)是否全面掌握？ □是 □否
4．（12分/15min）如圖，在四棱錐P－ABCD中，底面ABCD是梯形，AB∥CD，∠BAD＝60°，AB＝2AD，AP⊥BD．
（1）證明：平面ABD⊥平面PAD；
（2）若PA與平面ABCD所成的角為60°，AD＝2，PA＝PD，求點(diǎn)C
10、到平面PAB的距離．
【解析】（1）證明：在△ABD中，由余弦定理得
BD2＝AB2＋AD2－2AB·ADcos ∠BAD，
∵∠BAD＝60°，AB＝2AD，
∴BD2＝4AD2＋AD2－2·2AD·ADcos 60°＝3AD2，
∴AB2＝AD2＋BD2，即BD⊥AD．
又∵AP⊥BD，AD∩AP＝A，
∴BD⊥平面PAD．
∵BD?平面ABD，
∴平面ABD⊥平面PAD．
（2）解：取AD的中點(diǎn)O，連接PO，BO，
∵PA＝PD，∴PO⊥AD．
由（1）知平面ABD⊥平面PAD，交線為AD，
∴PO⊥平面ABD，
由AD＝2，得AB＝4，BD＝2，OB＝，
11、
∵PA與平面ABCD所成的角為60°，∴∠PAO＝60°，
得OP＝，∴PB＝4，PA＝2．
∵AB∥CD，∴CD∥平面PAB，故點(diǎn)C到平面PAB的距離即為點(diǎn)D到平面PAB的距離d，
在三棱錐P－ABD中，VD－PAB＝VP－ABD，
即××2××d＝××2×2×，求得d＝，
∴點(diǎn)C到平面PAB的距離為．
【答案】（1）見(jiàn)解析；（2）．
滿分規(guī)范
1.時(shí)間：你是否在限定時(shí)間內(nèi)完成？ □是 □否 2.步驟：答題步驟是否與標(biāo)答一致？ □是 □否
3.語(yǔ)言：答題學(xué)科用語(yǔ)是否精準(zhǔn)規(guī)范？□是 □否 4.書(shū)寫(xiě)：字跡是否工整？卷面是否整潔？□是 □否
5.得分點(diǎn)：答題得分點(diǎn)是否全面無(wú)誤？□是 □否 6.教材：教材知識(shí)是否全面掌握？ □是 □否
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