3、) B.bf(a)≤af(b)
C.a(chǎn)f(a)≤f(b) D.bf(b)≤f(a)
二、填空題
6.已知函數(shù)f(x)=kx3+3(k-1)x2-k2+1(k>0),
(1)若函數(shù)f(x)的單調遞減區(qū)間是(0,4),則實數(shù)k的值為____________;
(2)若在(0,4)上為減函數(shù),則實數(shù)k的取值范圍是____________.
7.已知函數(shù)y=-x3+bx2-(2b+3)x+2-b在R上不是單調減函數(shù),則b的取值范圍是________________.
8.(20xx·蘭州一模)若函數(shù)f(x)=x2-ex-ax在R上存在單調遞增區(qū)間,則實數(shù)a的取值范圍是______
4、________________.
9.已知函數(shù)f(x)=x3+x2+ax,若g(x)=,對任意x1∈[,2],存在x2∈[,2],使f′(x1)≤g(x2)成立,則實數(shù)a的取值范圍是______________.
三、解答題
10.已知函數(shù)f(x)=lnx-,g(x)=f(x)+ax-6ln x,其中a∈R.
(1)當a=1時,判斷函數(shù)f(x)的單調性;
(2)若g(x)在其定義域內為增函數(shù),求正實數(shù)a的取值范圍.
答案精析
1.D [由題意知,函數(shù)f(x)=lnx-x2的定義域為(0,+∞),求導可得f′(x)=-2x=,令f′(x)=≤0,可得
5、x≥.故選D.]
2.B [在(-1,0)上,f′(x)單調遞增,所以f(x)圖象的切線斜率呈遞增趨勢;在(0,1)上,f′(x)單調遞減,所以f(x)圖象的切線斜率呈遞減趨勢,故選B.]
3.A [若函數(shù)f(x)=ax+cosx在R上單調遞增,則f′(x)=a-sin x≥0在R上恒成立,
∴a≥sinx,∵-1≤sin x≤1,∴a≥1,則“a>1”是“函數(shù)f(x)=ax+cosx在R上單調遞增”的充分不必要條件,故選A.]
4.C [f′(x)=(2x-2a)ex+(x2-2ax)ex=[x2+(2-2a)x-2a]ex,由題意知當x∈[-1,1]時,f′(x)≤0恒成立,即x2
6、+(2-2a)x-2a≤0恒成立.
令g(x)=x2+(2-2a)x-2a,
則有
即
解得a≥.]
5.A [因為xf′(x)≤-f(x),f(x)≥0,所以′=≤≤0,
則函數(shù)在(0,+∞)上單調遞減.由于00,故0
7、≤0恒成立,所以Δ=4b2-4(2b+3)=4(b2-2b-3)≤0,所以-1≤b≤3,故使該函數(shù)在R上不是單調減函數(shù)的b的取值范圍是b<-1或b>3.
8.(-∞,2ln 2-2]
解析 因為f(x)=x2-ex-ax,所以f′(x)=2x-ex-a,
因為函數(shù)f(x)=x2-ex-ax在R上存在單調遞增區(qū)間,
所以f′(x)=2x-ex-a≥0,
即a≤2x-ex有解,設g(x)=2x-ex,則g′(x)=2-ex,令g′(x)=0,
解得x=ln 2,則當x0,g(x)單調遞增,
當x>ln 2時,g′(x)<0,g(x)單調遞減,
所以當x=l
8、n 2時,g(x)取得最大值,g(x)max=g(ln 2)=2ln 2-2,
所以a≤2ln 2-2.
9.(-∞,-8]
解析 求導可得f′(x)=x2+2x+a=(x+1)2+a-1?f′(x)在[,2]上是增函數(shù)?f′(x)max=f′(2)=8+a,由g(x)=在[,2]上是減函數(shù)?g(x)max=g()=,又原命題等價于f′(x)max≤g(x)max?8+a≤?a∈(-∞,-8].
10.解 (1)由f(x)=lnx-得定義域為(0,+∞),f′(x)=,
當a=1時,f′(x)=>0在(0,+∞)上恒成立,
所以函數(shù)f(x)在(0,+∞)上單調遞增.
(2)由已知得,g′(x)=,
因為g(x)在其定義域內為增函數(shù),
所以?x∈(0,+∞),g′(x)≥0,
即ax2-5x+a≥0,即a≥,
而≤=,當且僅當x=1時,等號成立,所以a≥.