新編高考數(shù)學理一輪資源庫 第5章學案23

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1、新編高考數(shù)學復習資料 學案23　正弦定理和余弦定理應用舉例 導學目標： 能夠運用正弦定理、余弦定理等知識和方法解決一些與測量和幾何計算有關的實際問題． 自主梳理 1．仰角和俯角 與目標視線同在一鉛垂平面內的水平視線和目標視線的夾角，目標視線在水平視線上方時叫仰角，目標視線在水平視線下方時叫俯角．(如圖所示) 2．方位角 一般指北方向線順時針到目標方向線的水平角，如方位角45°，是指北偏東45°，即東北方向． 3．方向角：相對于某一正方向的水平角．(如圖所示) ①北偏東α°即由指北方向順時針旋轉α°到達目標方向． ②北偏西α°即由指北方向逆時針旋轉α°到達目標方向

2、． ③南偏西等其他方向角類似． 4．坡角 坡面與水平面的夾角．(如圖所示) 5．坡比 坡面的鉛直高度與水平寬度之比，即i＝＝tan α(i為坡比，α為坡角)． 6．解題的基本思路 運用正、余弦定理處理實際測量中的距離、高度、角度等問題，實質是數(shù)學知識在生活中的應用，要解決好，就要把握如何把實際問題數(shù)學化，也就是如何把握一個抽象、概括的問題，即建立數(shù)學模型． 自我檢測 1．從A處望B處的仰角為α，從B處望A處的俯角為β，則α，β之間的大小關系是________． 2．如圖所示，已知兩座燈塔A和B與海洋觀察站C的距離相等，燈塔A在觀察站C的北偏東40°，燈塔B在觀察站C

3、的南偏東60°，則燈塔A在燈塔B的________方向． 3．如圖所示，為了測量某障礙物兩側A、B間的距離，給定下列四組數(shù)據(jù)，不能確定A、B間距離的是________(填序號)． ①α，a，b；②α，β，a；③a，b，γ；④α，β，b. 4．在200 m高的山頂上，測得山下一塔的塔頂與塔底的俯角分別是30°、60°，則塔高為________m. 5．(2010·全國Ⅱ)△ABC中，D為邊BC上的一點，BD＝33，sin B＝，cos∠ADC＝，求AD. 探究點一　與距離有關的問題 例1　(2010·陜西)如圖，A，B是海面上位于東西方向相距5(3＋)海里

4、的兩個觀測點，現(xiàn)位于A點北偏東45°，B點北偏西60°的D點有一艘輪船發(fā)出求救信號，位于B點南偏西60°且與B點相距20海里的C點的救援船立即前往營救，其航行速度為30海里/時，該救援船到達D點需要多長時間？ 變式遷移1　某觀測站C在目標A的南偏西25°方向，從A出發(fā)有一條南偏東35°走向的公路，在C處測得與C相距31千米的公路上B處有一人正沿此公路向A走去，走20千米到達D，此時測得CD為21千米，求此人在D處距A還有多少千米？ 探究點二　與高度有關的問題 例2　如圖所示，測量河對岸的塔高AB時，可以選與塔底B在同一水平面內的兩個測點C與D，現(xiàn)測得∠

5、BCD＝α，∠BDC＝β，CD＝s，并在點C測得塔頂A的仰角為θ，求塔高AB. 變式遷移2　某人在塔的正東沿著南偏西60°的方向前進40米后，望見塔在東北方向，若沿途測得塔的最大仰角為30°，求塔高． 探究點三　三角形中的最值問題 例3　(2010·江蘇)某興趣小組要測量電視塔AE的高度H(單位：m)，示意圖如圖所示，垂直放置的標桿BC的高度h＝4 m，仰角∠ABE＝α，∠ADE＝β. (1)該小組已測得一組α、β的值，算出了tan α＝1.24，tan β＝1.20，請據(jù)此算出H的值； (2)該小組分析若干測得的數(shù)據(jù)后，認為適當調整標桿到電視

6、塔的距離d(單位：m)，使α與β之差較大，可以提高測量精度．若電視塔實際高度為125 m，試問d為多少時，α－β最大？ 變式遷移3　如圖所示，已知半圓的直徑AB＝2，點C在AB的延長線上，BC＝1，點P為半圓上的一個動點，以DC為邊作等邊△PCD，且點D與圓心O分別在PC的兩側，求四邊形OPDC面積的最大值． 一、解三角形的一般步驟 1．分析題意，準確理解題意． 分清已知與所求，尤其要理解應用題中的有關名詞、術語，如坡度、仰角、俯角、方位角等． 2．根據(jù)題意畫出示意圖． 3．將需求解的問題歸結到一個或幾個三角形中，通過合理運用正弦定理、余弦定

7、理等有關知識正確求解．演算過程中，要算法簡練，計算正確，并作答． 4．檢驗解出的答案是否具有實際意義，對解進行取舍． 二、應用舉例中常見幾種題型 測量距離問題、測量高度問題、測量角度問題、計算面積問題、航海問題、物理問題等． (滿分：90分) 一、填空題(每小題6分，共48分) 1．如果等腰三角形的周長是底邊長的5倍，那么它的頂角的余弦值為________． 2．(2011·泰州模擬)如圖，設A、B兩點在河的兩岸，一測量者在A的同側，在所在的河岸邊選定一點C，測出AC的距離為50 m，∠ACB＝45°，∠CAB＝105°后，就可以計算出A、B兩點的距離為________m.

8、 3．△ABC的兩邊長分別為2,3，其夾角的余弦值為，則其外接圓的半徑為________． 4．某人向正東方向走x km后，向右轉150°，然后朝新方向走3 km，結果他離出發(fā)點恰好是 km，那么x的值為________． 5．一船向正北航行，看見正西方向有相距10海里的兩個燈塔恰好與它在一條直線上，繼續(xù)航行半小時后，看見一燈塔在船的南偏西60°方向，另一燈塔在船的南偏西75°方向，則這只船的速度是________海里/小時． 6．一船以每小時15 km的速度向東航行，船在A處看到一個燈塔M在北偏東60°方向，行駛4 h后，船到B處，看到這個燈塔在北偏東15°方向，這時船與燈塔的距離為_

9、_____km . 7．(2010·臺州一模)某校運動會開幕式上舉行升旗儀式，旗桿正好處在坡度為15°的看臺的某一列的正前方，從這一列的第一排和最后一排測得旗桿頂部的仰角分別為60°和30°，第一排和最后一排的距離為10米(如圖所示)，旗桿底部與第一排在一個水平面上．若國歌長度約為50秒，升旗手應以________米/秒的速度勻速升旗． 8．線段AB外有一點C，∠ABC＝60°，AB＝200 km，汽車以80 km/h的速度由A向B行駛，同時摩托車以50 km/h的速度由B向C行駛，則運動開始________h后，兩車的距離最?。? 二、解答題(共42分) 9．(14分)(2009

10、·遼寧)如圖，A、B、C、D都在同一個與水平面垂直的平面內，B、D為兩島上的兩座燈塔的塔頂．測量船于水面A處測得B點和D點的仰角分別為75°、30°，于水面C處測得B點和D點的仰角均為60°，AC＝0.1 km.試探究圖中B、D間距離與另外哪兩點間距離相等，然后求B、D的距離(計算結果精確到0.01 km，≈1.414，≈2.449)． 10．(14分)如圖所示，甲船以每小時30海里的速度向正北方向航行，乙船按固定方向勻速直線航行．當甲船位于A1處時，乙船位于甲船的南偏西75°方向的B1處，此時兩船相距20海里．當甲船航行20分鐘到達A2處時，乙船航行到甲船的南偏西60°

11、方向的B2處，此時兩船相距10海里．問乙船每小時航行多少海里？ 11．(14分)(2009·福建)如圖，某市擬在長為8 km的道路OP的一側修建一條運動賽道，賽道的前一部分為曲線段OSM，該曲線段為函數(shù)y＝Asin ωx(A>0，ω>0)，x∈[0,4]的圖象，且圖象的最高點為S(3,2)；賽道的后一部分為折線段MNP，為保證參賽運動員的安全，限定∠MNP＝120°. (1)求A，ω的值和M，P兩點間的距離； (2)應如何設計，才能使折線段賽道MNP最長？ 答案 自我檢測 1．α＝β　2.北偏西10°　3.①　4. 5．解　由cos∠ADC

12、＝＞0知B＜， 由已知得cos B＝，sin∠ADC＝， 從而sin∠BAD＝sin(∠ADC－B) ＝sin∠ADCcos B－cos∠ADCsin B ＝×－×＝. 由正弦定理得，＝， 所以AD＝＝＝25. 課堂活動區(qū) 例1　解題導引　這類實際應用題，實質就是解三角形問題，一般都離不開正弦定理和余弦定理，在解題中，首先要正確地畫出符合題意的示意圖，然后將問題轉化為三角形問題去求解．注意：①基線的選取要恰當準確；②選取的三角形及正、余弦定理要恰當． 解　由題意知AB＝5(3＋)海里，∠DBA＝90°－60°＝30°，∠DAB＝90°－45°＝45°， ∴∠ADB＝180°

13、－(45°＋30°)＝105°. 在△DAB中，由正弦定理，得＝， ∴DB＝＝ ＝＝10(海里)． 又∠DBC＝∠DBA＋∠ABC＝30°＋(90°－60°)＝60°， BC＝20(海里)， 在△DBC中，由余弦定理，得CD2＝BD2＋BC2－2BD·BC·cos ∠DBC＝300＋1 200－2×10×20×＝900，∴CD＝30(海里)， ∴需要的時間t＝＝1(小時)． 故救援船到達D點需要1小時． 變式遷移1　解　如圖所示， 易知∠CAD＝25°＋35°＝60°，在△BCD中， cos B＝＝， 所以sin B＝. 在△ABC中，AC＝＝24， 由BC2＝

14、AC2＋AB2－2AC·ABcos A， 得AB2－24AB－385＝0， 解得AB＝35，AB＝－11(舍)， 所以AD＝AB－BD＝15. 故此人在D處距A還有15千米． 例2　解題導引　在測量高度時，要正確理解仰角、俯角的概念，畫出準確的示意圖，恰當?shù)剡x取相關的三角形和正、余弦定理逐步進行求解．注意綜合應用方程和平面幾何、立體幾何等知識． 解　在△BCD中，∠CBD＝π－α－β. 由正弦定理得＝， 所以BC＝＝， 在Rt△ABC中， AB＝BCtan∠ACB＝. 變式遷移2　解　由題意可知， 在△BCD中，CD＝40， ∠BCD＝30°，∠DBC＝135°，

15、 由正弦定理得， ＝， ∴BD＝＝20. 過B作BE⊥CD于E，顯然當人在E處時， 測得塔的仰角最大，有∠BEA＝30°. 在Rt△BED中， 又∵∠BDE＝180°－135°－30°＝15°. ∴BE＝DB·sin 15°＝20×＝10(－1)． 在Rt△ABE中，AB＝BE·tan 30°＝(3－)(米)． 故所求的塔高為(3－)米． 例3　解題導引　平面幾何圖形中研究或求有關長度、角度、面積的最值、優(yōu)化設計等問題．而這些幾何問題通常是轉化到三角形中，利用正、余弦定理通過運算的方法加以解決．在解決某些具體問題時，常先引入變量，如邊長、角度等，然后把要解三角形的邊或角用

16、所設變量表示出來，再利用正、余弦定理列出方程，解之．若研究最值，常使用函數(shù)思想． 解　(1)由AB＝，BD＝，AD＝及AB＋BD＝AD， 得＋＝， 解得H＝＝＝124(m)． 因此，算出的電視塔的高度H是124 m. (2)由題設知d＝AB，得tan α＝. 由AB＝AD－BD＝－， 得tan β＝. 所以tan(α－β)＝ ＝≤， 當且僅當d＝， 即d＝＝＝55時， 上式取等號，所以當d＝55時，tan(α－β)最大． 因為0<β<α<，則0<α－β<， 所以當d＝55時，α－β最大． 變式遷移3　解　設∠POB＝θ，四邊形面積為y， 則在△POC中，由余

17、弦定理得 PC2＝OP2＋OC2－2OP·OCcos θ＝5－4cos θ. ∴y＝S△OPC＋S△PCD＝×1×2sin θ＋(5－4cos θ) ＝2sin(θ－)＋. ∴當θ－＝，即θ＝時，ymax＝2＋. 所以四邊形OPDC面積的最大值為2＋. 課后練習區(qū) 1.　2.50　3. 4.或2 解析　如圖所示， 設此人從A出發(fā)，則AB＝x，BC＝3，AC＝， ∠ABC＝30°， 由正弦定理＝， 得∠CAB＝60°或120°， 當∠CAB＝60°時，∠ACB＝90°，AB＝2； 當∠CAB＝120°時，∠ACB＝30°，AB＝. 5．10 解析　如圖，

18、 依題意有∠BAC＝60°，∠BAD＝75°，所以∠CAD＝∠CDA＝15°，從而CD＝CA＝10，在Rt△ABC中，可得AB＝5，于是這只船的速度是 ＝10(海里/小時)． 6．30 解析　依題意有AB＝15×4＝60(km)， ∠MAB＝30°，∠AMB＝45°，在△AMB中， 由正弦定理得＝， 解得BM＝30(km)． 7．0.6 解析　在△BCD中，∠BDC＝45°，∠CBD＝30°， CD＝10， 由正弦定理，得BC＝＝20(米)； 在Rt△ABC中，AB＝BC·sin 60°＝20×＝30(米)． 所以升旗速度v＝＝＝0.6(米/秒)． 8. 解　如圖

19、所示： 設t h后，汽車由A行駛到D，摩托車由B行駛到E，則AD＝80t，BE＝50t. 因為AB＝200，所以BD＝200－80t， 問題就是求DE最小時t的值． 由余弦定理得，DE2＝BD2＋BE2－2BD·BEcos 60° ＝(200－80t)2＋2500t2－(200－80t)·50t ＝12900t2－42000t＋40000.∴當t＝時，DE最?。? 9．解　在△ACD中，∠DAC＝30°， ∠ADC＝60°－∠DAC＝30°， 所以CD＝AC＝0.1.………………………………………………………………………(2分) 又∠BCD＝180°－60°－60°＝60

20、°， 所以△ABC≌△CBD， 所以BA＝BD.……………………………………………………………………………(6分) 在△ABC中，＝， 即AB＝＝，…………………………………………………………(10分) 所以BD＝≈0.33(km)． 故B、D的距離約為0.33 km.……………………………………………………………(14分) 10．解　如圖， 連結A1B2，由題意知， A1B1＝20，A2B2＝10， A1A2＝×30＝10.…………………………………………………………………(2分) 又∵∠B2A2A1＝180°－120°＝60°， ∴△A1A2B2是等邊三角形，…

21、……………………………………………………………(6分) ∠B1A1B2＝105°－60°＝45°. ……………………………………………………………(8分) 在△A1B2B1中，由余弦定理得 B1B＝A1B＋A1B－2A1B1·A1B2cos 45° ＝202＋(10)2－2×20×10×＝200， ∴B1B2＝10(海里)．…………………………………………………………………(12分) 因此乙船的速度大小為×60＝30(海里/小時)．………………………………(14分) 11．解　方法一　(1)依題意，有A＝2，＝3， 又T＝，∴ω＝.∴y＝2sinx.……………………………………

22、…………………(3分) 當x＝4時，y＝2sin＝3，∴M(4,3)． 又P(8,0)，∴MP＝＝5.…………………………………………………………(5分) (2)如圖， 連結MP，在△MNP中，∠MNP＝120°，MP＝5. 設∠PMN＝θ， 則0°<θ<60°. 由正弦定理得＝＝， ∴NP＝sin θ，MN＝sin(60°－θ)，……………………………………………(8分) ∴NP＋MN＝sin θ＋sin(60°－θ) ＝ ＝sin(θ＋60°)．……………………………………………………………………(12分) ∵0°<θ<60°， ∴當θ＝30°時，折線段賽道M

23、NP最長． 即將∠PMN設計為30°時， 折線段賽道MNP最長．…………………………………………………………………(14分) 方法二　(1)同方法一． (2)連結MP. 在△MNP中，∠MNP＝120°.MP＝5， 由余弦定理得， MN2＋NP2－2MN·NP·cos∠MNP＝MP2.…………………………………………………(8分) 即MN2＋NP2＋MN·NP＝25. 故(MN＋NP)2－25＝MN·NP≤2，…………………………………………(10分) 從而(MN＋NP)2≤25，即MN＋NP≤. 當且僅當MN＝NP時等號成立． 即設計為MN＝NP時， 折線段賽道MNP最長．…………………………………………………………………(14分)