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1、
第4講 數(shù)列求和
一、選擇題
1.在等差數(shù)列中,,則的前5項和=( )
A.7 B.15 C.20 D.25
解析 .
答案 B
2.若數(shù)列{an}的通項公式是an=(-1)n(3n-2),則a1+a2+…+a10=( ).
A.15 B.12 C.-12 D.-15
解析 設(shè)bn=3n-2,則數(shù)列{bn}是以1為首項,3為公差的等差數(shù)列,所以a1+a2+…+a9+a10=(-b1)+b2+…+(-b9)+b10=(b2-b1)+(b4-b3)+…+(b
2、10-b9)=5×3=15.
答案 A
3.在數(shù)列{an}中,an=,若{an}的前n項和為,則項數(shù)n為( ).
A.2 011 B.2 012 C.2 013 D.2 014
解析 ∵an==-,∴Sn=1-==,解得n=2 013.
答案 C
4.?dāng)?shù)列{an}滿足an+1+(-1)nan=2n-1,則{an}的前60項和為( ).
A.3 690 B.3 660 C.1 845 D.1 830
解析 當(dāng)n=2k時,a2k+1+a2k=4k-1,
當(dāng)n=2k-1時,a2k-a2k-1=4k-3,
∴a2k+1+a2k-1=2,∴
3、a2k+1+a2k+3=2,
∴a2k-1=a2k+3,∴a1=a5=…=a61.
∴a1+a2+a3+…+a60=(a2+a3)+(a4+a5)+…+(a60+a61)=3+7+11+…+(4×30-1)==30×61=1 830.
答案 D
5. 已知數(shù)列{an}的通項公式為an=2n+1,令bn=(a1+a2+…+an),則數(shù)列{bn}的前10項和T10=( )
A.70 B.75
C.80 D.85
解析 由已知an=2n+1,得a1=3,a1
4、+a2+…+an==n(n+2),
則bn=n+2,T10==75,故選B.
答案 B
6.?dāng)?shù)列{an}滿足an+an+1=(n∈N*),且a1=1,Sn是數(shù)列{an}的前n項和,則S21=( ).
A. B.6 C.10 D.11
解析 依題意得an+an+1=an+1+an+2=,則an+2=an,即數(shù)列{an}中的奇數(shù)項、偶數(shù)項分別相等,則a21=a1=1,S21=(a1+a2)+(a3+a4)+…+(a19+a20)+a21=10(a1+a2)+a21=10×+1=6,故選B.
答案 B
二、填空題
7.在等比數(shù)列{an}中,若a1=,a4=-4
5、,則公比q=________;|a1|+|a2|+…+|an|=________.
解析 設(shè)等比數(shù)列{an}的公比為q,則a4=a1q3,代入數(shù)據(jù)解得q3=-8,所以q=-2;等比數(shù)列{|an|}的公比為|q|=2,則|an|=×2n-1,所以|a1|+|a2|+|a3|+…+|an|=(1+2+22+…+2n-1)=(2n-1)=2n-1-.
答案 -2 2n-1-
8.等比數(shù)列{an}的前n項和Sn=2n-1,則a+a+…+a=________.
解析 當(dāng)n=1時,a1=S1=1,
當(dāng)n≥2時,an=Sn-Sn-1=2n-1-(2n-1-1)=2n-1,
又∵a1=1適合上式.
6、∴an=2n-1,∴a=4n-1.
∴數(shù)列{a}是以a=1為首項,以4為公比的等比數(shù)列.
∴a+a+…+a==(4n-1).
答案 (4n-1)
9.已知等比數(shù)列{an}中,a1=3,a4=81,若數(shù)列{bn}滿足bn=log3an,則數(shù)列的前n項和Sn=________.
解析 設(shè)等比數(shù)列{an}的公比為q,則=q3=27,解得q=3.所以an=a1qn-1=3×3n-1=3n,故bn=log3an=n,
所以==-.
則Sn=1-+-+…+-=1-=.
答案
10.設(shè)f(x)=,利用倒序相加法,可求得f+f+…+f的值為________.
解析 當(dāng)x1+x2=1時,f
7、(x1)+f(x2)=+==1.
設(shè)S=f+f+…+f,倒序相加有2S=++…+f+f=10,即S=5.
答案 5
三、解答題
11.等差數(shù)列{an}的各項均為正數(shù),a1=3,前n項和為Sn,{bn}為等比數(shù)列,b1=1,且b2S2=64,b3S3=960.
(1)求an與bn;
(2)求++…+.
解 (1)設(shè){an}的公差為d,{bn}的公比為q,則d為正數(shù),an=3+(n-1)d,bn=qn-1.
依題意有
解得或(舍去)
故an=3+2(n-1)=2n+1,bn=8n-1.
(2)Sn=3+5+…+(2n+1)=n(n+2),
所以++…+=+++…+
=
8、
=
=-.
12.已知數(shù)列{an}的前n項和為Sn,且a1=1,an+1=Sn(n=1,2,3,…).
(1)求數(shù)列{an}的通項公式;
(2)設(shè)bn=log(3an+1)時,求數(shù)列的前n項和Tn.
解 (1)由已知得
得到an+1=an(n≥2).
∴數(shù)列{an}是以a2為首項,以為公比的等比數(shù)列.
又a2=S1=a1=,
∴an=a2×n-2=n-2(n≥2).
又a1=1不適合上式,∴an=
(2)bn=log(3an+1)=log=n.
∴==-.
∴Tn=+++…+
=+++…+
=1-=.
13.設(shè)數(shù)列{an}滿足a1+3a2+32a3+…+3n
9、-1an=,n∈N*.
(1)求數(shù)列{an}的通項;
(2)設(shè)bn=,求數(shù)列{bn}的前n項和Sn.
思維啟迪:(1)由已知寫出前n-1項之和,兩式相減.(2)bn=n·3n的特點是數(shù)列{n}與{3n}之積,可用錯位相減法.
解 (1)∵a1+3a2+32a3+…+3n-1an=, ①
∴當(dāng)n≥2時,
a1+3a2+32a3+…+3n-2an-1=, ②
①-②得3n-1an=,∴an=.
在①中,令n=1,得a1=,適合an=,∴an=.
(2)∵bn=,∴bn=n·3n.
∴Sn=3+2×32+3×33+…+n·3n,
10、③
∴3Sn=32+2×33+3×34+…+n·3n+1. ④
④-③得2Sn=n·3n+1-(3+32+33+…+3n),
即2Sn=n·3n+1-,∴Sn=+.
探究提高 解答本題的突破口在于將所給條件式視為數(shù)列{3n-1an}的前n項和,從而利用an與Sn的關(guān)系求出通項3n-1an,進而求得an;另外乘公比錯位相減是數(shù)列求和的一種重要方法,但值得注意的是,這種方法運算過程復(fù)雜,運算量大,應(yīng)加強對解題過程的訓(xùn)練,重視運算能力的培養(yǎng).
14.將數(shù)列{an}中的所有項按每一行比上一行多兩項的規(guī)則排成如下數(shù)表:
a1
a2 a3 a4
a5 a6 a7 a8 a9
11、
…
已知表中的第一列數(shù)a1,a2,a5,…構(gòu)成一個等差數(shù)列,記為{bn},且b2=4,b5=10.表中每一行正中間一個數(shù)a1,a3,a7,…構(gòu)成數(shù)列{cn},其前n項和為Sn.
(1)求數(shù)列{bn}的通項公式;
(2)若上表中,從第二行起,每一行中的數(shù)按從左到右的順序均構(gòu)成等比數(shù)列,公比為同一個正數(shù),且a13=1.
①求Sn;
②記M={n|(n+1)cn≥λ,n∈N*},若集合M的元素個數(shù)為3,求實數(shù)λ的取值范圍.
解 (1)設(shè)等差數(shù)列{bn}的公差為d,
則解得
所以bn=2n.
(2)①設(shè)每一行組成的等比數(shù)列的公比為q.
由于前n行共有1+3+5+…+(2n-1)
12、=n2個數(shù),且32<13<42,a10=b4=8,
所以a13=a10q3=8q3,又a13=1,所以解得q=.
由已知可得cn=bnqn-1,因此cn=2n·n-1=.
所以Sn=c1+c2+c3+…+cn=+++…+,
Sn=++…++,
因此Sn=+++…+-=4--=4-,
解得Sn=8-.
②由①知cn=,不等式(n+1)cn≥λ,可化為≥λ.
設(shè)f(n)=,
計算得f(1)=4,f(2)=f(3)=6,f(4)=5,f(5)=.
因為f(n+1)-f(n)=,
所以當(dāng)n≥3時,f(n+1)