（京津瓊）2019高考物理總復(fù)習(xí) 專(zhuān)用優(yōu)編提分練：選擇題專(zhuān)練（八）

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1、 選擇題專(zhuān)練(八) 1．用光照射某種金屬，有光電子從金屬表面逸出，如果換一種頻率更大的光照射該金屬，但光的強(qiáng)度減弱，則(　　) A．單位時(shí)間內(nèi)逸出的光電子數(shù)減少，光電子的最大初動(dòng)能減小 B．單位時(shí)間內(nèi)逸出的光電子數(shù)增大，光電子的最大初動(dòng)能減小 C．單位時(shí)間內(nèi)逸出的光電子數(shù)減少，光電子的最大初動(dòng)能增大 D．單位時(shí)間內(nèi)逸出的光電子數(shù)增大，光電子的最大初動(dòng)能增大 答案　C 解析　根據(jù)光電效應(yīng)方程Ekm＝hν－W0得，光的強(qiáng)度不影響光電子的最大初動(dòng)能，對(duì)某種特定的金屬光電子的最大初動(dòng)能與入射光的頻率有關(guān)，入射光的強(qiáng)度影響單位時(shí)間內(nèi)發(fā)出光電子的數(shù)目，光的強(qiáng)度減弱，單位時(shí)間內(nèi)逸出的光電子數(shù)

2、目減少，故A、B、D錯(cuò)誤，C正確． 2．假設(shè)宇宙中有兩顆相距無(wú)限遠(yuǎn)的行星A和B，A、B星球半徑分別為RA和RB，兩顆行星各自周?chē)男l(wèi)星的軌道半徑的三次方(r3)與運(yùn)行公轉(zhuǎn)周期的平方(T2)的關(guān)系如圖1所示，T0為衛(wèi)星環(huán)繞各自行星表面運(yùn)行的周期．則(　　) 圖1 A．行星A的質(zhì)量小于行星B的質(zhì)量 B．行星A的密度小于行星B的密度 C．行星A的第一宇宙速度等于行星B的第一宇宙速度 D．當(dāng)兩行星周?chē)男l(wèi)星的運(yùn)動(dòng)軌道半徑相同時(shí)，行星A的衛(wèi)星的向心加速度大于行星B的衛(wèi)星的向心加速度 答案　D 解析　根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，有＝mr， 解得：T＝， 對(duì)于環(huán)繞行星A表面運(yùn)行的衛(wèi)星，

3、 有：T0＝① 對(duì)于環(huán)繞行星B表面運(yùn)行的衛(wèi)星，有：T0＝② 聯(lián)立①②得：＝③ 由題圖知，RA>RB，所以MA>MB，故A錯(cuò)誤； A行星質(zhì)量為：MA＝ρA·πRA3 B行星的質(zhì)量為：MB＝ρB·πRB3， 代入③解得：ρA＝ρB，故B錯(cuò)誤； 在行星表面附近運(yùn)行的衛(wèi)星的線(xiàn)速度即此行星的第一宇宙速度，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，有：＝m 解得：v＝＝R∝R， 因?yàn)镽A>RB，所以vA>vB，故C錯(cuò)誤； 根據(jù)＝ma知，a＝，由于MA>MB，衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)的軌道半徑相等，則行星A的衛(wèi)星的向心加速度大于行星B的衛(wèi)星的向心加速度，故D正確． 3.如圖2所示，半徑為R的豎直半球形碗固定于水平面上，

4、碗口水平且AB為直徑，O點(diǎn)為碗的球心．將一彈性小球(可視為質(zhì)點(diǎn))從AO連線(xiàn)上的某點(diǎn)C沿CO方向以某初速度水平拋出，經(jīng)歷時(shí)間t＝(g為重力加速度)，小球與碗內(nèi)壁第一次碰撞，之后可以恰好返回C點(diǎn)，假設(shè)小球與碗內(nèi)壁碰撞前后瞬間小球的切向速度不變，法向速度等大反向．不計(jì)空氣阻力，則C、O兩點(diǎn)間的距離為(　　) 圖2 A. B. C. D. 答案　C 解析　小球在豎直方向的位移為h＝gt2＝R， 設(shè)小球與半球形碗碰撞點(diǎn)為D點(diǎn)，則DO的連線(xiàn)與水平方向的夾角為30°，過(guò)D點(diǎn)作CO連線(xiàn)的垂線(xiàn)交于CO連線(xiàn)E點(diǎn)，小球與半球形碗碰撞前速度方向垂直于半球形碗在D點(diǎn)的切線(xiàn)方向， 則OE＝＝R，

5、 小球下落h時(shí)豎直方向的速度為vy＝gt＝， 則水平方向的速度v0＝vytan 60°＝， 所以水平方向的位移為x＝v0t＝R， 由幾何關(guān)系可知， CO＝R－R＝R，故C正確． 4．如圖3所示，足夠長(zhǎng)的寬度為d的豎直條形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，直角三角形金屬線(xiàn)框ABC的BC邊水平且長(zhǎng)度為L(zhǎng)，已知L>d.現(xiàn)令線(xiàn)框在外力作用下以速度v0勻速穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域，以B點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)的時(shí)刻為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，規(guī)定線(xiàn)框中電流沿逆時(shí)針?lè)较驗(yàn)檎较?，則在線(xiàn)框穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中，線(xiàn)框中的電流i隨時(shí)間t的變化情況可能是(　　) 圖3 答案　C 解析　B點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)后直至線(xiàn)框位移為d的過(guò)程中，線(xiàn)框

6、的有效切割長(zhǎng)度隨時(shí)間均勻增大，線(xiàn)框中電流隨時(shí)間均勻增大至I0，方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较?，已知L>d，線(xiàn)框位移大于d小于L的過(guò)程中，其有效切割長(zhǎng)度不變，線(xiàn)框中的電流不變，仍為逆時(shí)針，線(xiàn)框出磁場(chǎng)的過(guò)程中，有效切割長(zhǎng)度隨時(shí)間均勻增大，電流隨時(shí)間均勻增大，選項(xiàng)A、D錯(cuò)誤；由B項(xiàng)的橫軸可知L＝2d，由幾何關(guān)系可知線(xiàn)框位移為L(zhǎng)時(shí)的有效切割長(zhǎng)度與位移為d時(shí)的有效切割長(zhǎng)度相等，故電流等大，但方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较?，位移為L(zhǎng)＋d時(shí)，有效長(zhǎng)度是位移為d時(shí)的2倍，電流為－2I0，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；由C項(xiàng)的橫軸可知L＝3d，由幾何關(guān)系可知線(xiàn)框位移為L(zhǎng)時(shí)的有效切割長(zhǎng)度是位移為d時(shí)的2倍，故電流為－2I0，位移為L(zhǎng)＋d時(shí)，有效長(zhǎng)度是位移為d

7、時(shí)的3倍，電流為－3I0，選項(xiàng)C正確． 5．如圖4甲所示，Q1、Q2為兩個(gè)固定著的點(diǎn)電荷，a、b是它們連線(xiàn)的延長(zhǎng)線(xiàn)上的兩點(diǎn)，現(xiàn)有一電子，只在電場(chǎng)力作用下，以一定的初速度沿直線(xiàn)從a點(diǎn)開(kāi)始經(jīng)b點(diǎn)向遠(yuǎn)處運(yùn)動(dòng)，其v－t圖象如圖乙所示，電子經(jīng)過(guò)a、b兩點(diǎn)的速度分別為va、vb，則(　　) 圖4 A．Q1一定帶負(fù)電 B．Q1的電荷量一定小于Q2的電荷量 C．b點(diǎn)的電勢(shì)高于a點(diǎn)的電勢(shì) D．電子離開(kāi)b點(diǎn)后所受靜電力一直減小 答案　C 解析　由題圖乙可知，電子從a到b做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，所以a、b之間電場(chǎng)的方向向左，b點(diǎn)的電勢(shì)高于a點(diǎn)的電勢(shì)；在b點(diǎn)時(shí)粒子運(yùn)動(dòng)的加速度為零，則電場(chǎng)力為零，所

8、以該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為零．過(guò)b點(diǎn)后點(diǎn)電荷做減速運(yùn)動(dòng)，所以電場(chǎng)的方向向右，Q2一定帶負(fù)電，Q1一定帶正電，故A錯(cuò)誤，C正確；b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為零，可見(jiàn)兩點(diǎn)電荷在b點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向相反，根據(jù)E＝，b到Q1的距離大于到Q2的距離，所以Q1的電荷量大于Q2的電荷量，故B錯(cuò)誤；離開(kāi)b點(diǎn)后v－t圖象的斜率先增大后減小，即加速度先增大后減小，電子所受靜電力先增加后減小，故D錯(cuò)誤． 6．如圖5所示，在Ⅰ、Ⅱ兩個(gè)區(qū)域內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向分別垂直于紙面向外和向里，AD、AC邊界的夾角∠DAC＝30°，邊界AC與邊界MN平行，Ⅰ區(qū)磁場(chǎng)右邊界距A點(diǎn)無(wú)限遠(yuǎn)，Ⅱ區(qū)域?qū)挾葹閐，長(zhǎng)度無(wú)限大．質(zhì)量為m、帶電

9、荷量為q的正粒子可在邊界AD上的不同點(diǎn)射入，入射速度垂直于AD且垂直于磁場(chǎng)，若入射速度大小為，不計(jì)粒子重力，則(　　) 圖5 A．粒子距A點(diǎn)0.5d處射入，不會(huì)進(jìn)入Ⅱ區(qū) B．粒子在磁場(chǎng)區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間為 C．粒子在磁場(chǎng)區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng)的最短時(shí)間為 D．從MN邊界出射粒子的區(qū)域長(zhǎng)為(＋1)d 答案　BD 解析　粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律，有：qvB＝m得：r＝＝d，畫(huà)出恰好不進(jìn)入Ⅱ區(qū)的臨界軌跡，如圖甲所示： 結(jié)合幾何關(guān)系，有：AO＝＝2r＝2d； 故從距A點(diǎn)0.5d處射入，會(huì)進(jìn)入Ⅱ區(qū)，故A錯(cuò)誤； 粒子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過(guò)的最大的圓心角為180°，即

10、在Ⅰ區(qū)內(nèi)運(yùn)動(dòng)的軌跡為半個(gè)圓周，故最長(zhǎng)時(shí)間為t＝＝， 故B正確； 從A點(diǎn)進(jìn)入的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡最短(弦長(zhǎng)也最短)，時(shí)間最短，軌跡如圖乙所示： 軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角為60°，故時(shí)間為：t＝＝，故C錯(cuò)誤； 臨界軌跡情況如圖丙所示： 根據(jù)幾何關(guān)系可得從MN邊界出射粒子的區(qū)域長(zhǎng)為l＝＋r＝(＋1)d，故D正確． 7．如圖6所示，將小砝碼放在桌面上的薄紙板上，若砝碼和紙板的質(zhì)量分別為M和m，各接觸面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ，砝碼到紙板左端的距離和到桌面右端的距離均為d.現(xiàn)用水平向右的恒定拉力F拉動(dòng)紙板，g為重力加速度，下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖6 A．紙板相對(duì)砝碼運(yùn)動(dòng)時(shí)，紙板所

11、受摩擦力的大小為μ(M＋m)g B．要使紙板相對(duì)砝碼運(yùn)動(dòng)，F(xiàn)一定大于2μ(M＋m)g C．若砝碼與紙板分離時(shí)的速度小于，砝碼不會(huì)從桌面上掉下 D．當(dāng)F＝μ(2M＋3m)g時(shí)，砝碼恰好到達(dá)桌面邊緣 答案　BCD 解析　對(duì)紙板分析，當(dāng)紙板相對(duì)砝碼運(yùn)動(dòng)時(shí)，所受的摩擦力為μ(2M＋m)g，故A錯(cuò)誤．設(shè)砝碼的加速度為a1，紙板的加速度為a2，則有：Ff1＝Ma1，F(xiàn)－Ff1－Ff2＝ma2，F(xiàn)f1＝μMg，F(xiàn)f2＝μ(M＋m)g，發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)需要a2>a1，代入數(shù)據(jù)解得：F＞2μ(M＋m)g，故B正確．若砝碼與紙板分離時(shí)的速度小于，砝碼勻加速運(yùn)動(dòng)的位移小于＝＝，勻減速運(yùn)動(dòng)的位移小于＝＝，則總位

12、移小于d，不會(huì)從桌面掉下，故C正確． 當(dāng)F＝μ(2M＋3m)g時(shí)，砝碼未脫離時(shí)的加速度a1＝μg， 紙板的加速度a2＝＝2μg， 根據(jù)a2t2－a1t2＝d，解得t＝， 則此時(shí)砝碼的速度v＝a1t＝，砝碼脫離紙板后做勻減速運(yùn)動(dòng)，勻減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小a′＝μg，則勻減速運(yùn)動(dòng)的位移x＝＝＝d，而勻加速運(yùn)動(dòng)的位移x′＝a1t2＝d，可知砝碼恰好到達(dá)桌面邊緣，故D正確． 8.空間分布有豎直方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，現(xiàn)將一質(zhì)量為m的帶電小球A從O點(diǎn)斜向上拋出，小球沿如圖7所示的軌跡擊中絕緣豎直墻壁的P點(diǎn)．將另一質(zhì)量相同、電荷量不變、電性相反的小球B仍從O點(diǎn)以相同的速度拋出，該球垂直擊中墻壁的Q點(diǎn)(圖中

13、未畫(huà)出)．對(duì)于上述兩個(gè)過(guò)程，下列敘述中正確的是(　　) 圖7 A．球A的加速度大于球B的加速度 B．P點(diǎn)位置高于Q點(diǎn) C．球A的電勢(shì)能增大，球B的電勢(shì)能減小 D．電場(chǎng)力對(duì)球A的沖量大小等于對(duì)球B的沖量大小 答案　ACD 解析　水平方向做勻速運(yùn)動(dòng)，水平速度相同，兩次水平方向位移相同，時(shí)間相同，根據(jù)加速度a＝，A球速度變化量大，加速度大，故A正確；豎直最大高度為h＝，由于球A的加速度大于球B的加速度，所以球A的最高點(diǎn)低于球B的最高點(diǎn)，P點(diǎn)位置低于Q點(diǎn)，故B錯(cuò)誤；球A加速度大，所受電場(chǎng)力向下，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大；球B加速度小，所受電場(chǎng)力向上，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故C正確；由于運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，電場(chǎng)力大小相等，電場(chǎng)力對(duì)球A的沖量大小等于對(duì)球B的沖量大小，故D正確． 8