2019-2020學年新教材高中物理 課時跟蹤訓練（二十）機械能守恒定律 新人教版必修第二冊

《2019-2020學年新教材高中物理 課時跟蹤訓練（二十）機械能守恒定律 新人教版必修第二冊》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2019-2020學年新教材高中物理 課時跟蹤訓練（二十）機械能守恒定律 新人教版必修第二冊（6頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。

1、課時跟蹤訓練（二十） 機械能守恒定律 A級—學考達標 1．關于機械能守恒定律的適用條件，下列說法中正確的是(　　) A．只有重力和彈力作用時，機械能才守恒 B．當有其他外力作用時，只要合外力為零，機械能守恒 C．當有其他外力作用時，只要其他外力不做功，機械能守恒 D．炮彈在空中飛行，不計阻力時，僅受重力作用，所以爆炸前后機械能守恒 解析：選C　機械能守恒的條件是只有重力和系統(tǒng)內的彈力做功，如果這里的彈力是外力，且做功不為零，機械能不守恒，A錯誤。當有其他外力作用且合外力為零時，機械能可以不守恒，如拉一物體勻速上升，合外力為零但機械能不守恒，B錯誤。C選項中，“其他外力”不含重力

2、，滿足機械能守恒的條件。對于D選項，在炮彈爆炸過程中，爆炸時產生的化學能轉化為機械能，機械能不守恒。 2．如圖所示四幅插圖，該四幅圖示的運動過程中物體機械能不守恒的是(　　) A．圖甲中，滑雪者沿光滑斜面自由下滑 B．圖乙中，過山車關閉油門后通過不光滑的豎直圓軌道 C．圖丙中，小球在光滑水平面內做勻速圓周運動 D．圖丁中，石塊從高處被斜向上拋出后在空中運動(不計空氣阻力) 解析：選B　圖甲中滑雪者沿光滑斜面自由下滑時，斜面的支持力不做功，只有重力做功，其機械能守恒。圖乙中過山車關閉油門后通過不光滑的豎直圓軌道，阻力做負功，其機械能減小，機械能不守恒。圖丙中小球在光滑水平面內做勻

3、速圓周運動，動能不變，重力勢能也不變，兩者之和不變，即機械能守恒。圖丁中石塊從高處被斜向上拋出后在空中運動時，不計空氣阻力，只受重力，其機械能一定守恒。本題選機械能不守恒的，故選B。 3.自由下落的物體，其動能與位移的關系如圖所示，則圖中直線的斜率表示該物體的(　　) A．質量 B．機械能 C．重力大小 D．重力加速度 解析：選C　由機械能守恒定律，Ek＝mgh，動能Ek與位移h的關系圖線的斜率表示該物體的重力大小，選項C正確。 4．從同一高度以相同的速率分別拋出質量相等的三個小球，一個豎直上拋，一個豎直下拋，另一個平拋，則它們從拋出到落地：①運動的時間相等；②加速度相同；③落地

4、時的速度相同；④落地時的動能相等。以上說法正確的是(　　) A．①③ B．②③ C．①④ D．②④ 解析：選D　平拋運動在豎直方向上做自由落體運動，在同一高度自由落體運動的時間小于豎直上拋運動的時間，大于豎直下拋運動的時間，故①錯誤；豎直上拋運動、豎直下拋運動、平拋運動僅受重力，加速度都為g，故②正確；根據(jù)機械能守恒mgh＝mv22－mv12，知初動能相等，下落高度相同，則末動能相等，末速度的大小相等，但方向不同，所以落地速度不同，故③錯誤，④正確。故D正確。 5．如圖所示，無人機在空中勻速上升時，不斷增加的能量是(　　 ) A．動能 B．動能、重力勢能 C．重力勢能、

5、機械能 D．動能、重力勢能、機械能 解析：選C　無人機勻速上升，所以動能保持不變，所以選項A、B、D均錯；高度不斷增加，所以重力勢能不斷增加，在上升過程中升力對無人機做正功，所以無人機機械能不斷增加，所以選項C正確。 6．質量為30 kg的小孩坐在秋千板上，秋千板離系繩子的橫梁的距離是2.5 m。小孩的父親將秋千板從最低點拉起1.25 m高度后由靜止釋放，小孩沿圓弧運動至最低點時，她對秋千板的壓力約為(　　) A．0 B．200 N C．600 N D．1 000 N 解析：選C　小孩由最高點運動到最低點的過程中機械能守恒，有mgh＝mv2，在最低點由牛頓第二定律F－mg＝

6、，解得F＝600 N，由牛頓第三定律可知小孩對秋千板的壓力為600 N，C正確。 7．(2019·濟南高一檢測)在足球賽中，紅隊球員在白隊禁區(qū)附近主罰定位球，如圖所示，并將球從球門右上角擦著橫梁踢進球門。球門高度為h，足球飛入球門的速度為v，足球的質量為m，則紅隊球員將足球踢出時對足球做的功W(不計空氣阻力，足球視為質點)(　　) A．等于mgh＋mv2 B．大于mgh＋mv2 C．小于mgh＋mv2 D．因為球射入球門過程中的曲線的形狀不確定，所以做功的大小無法確定 解析：選A　由機械能守恒定律可知，球員對球做的功等于足球機械能的增加量，故W＝mgh＋mv2。A正確。 8.

7、豎直放置的輕彈簧下端固定在地面上，上端與輕質平板相連，平板與地面間的距離為H1，如圖所示?，F(xiàn)將一質量為m的物塊輕輕放在平板中心，讓它從靜止開始往下運動，直至物塊速度為零，此時平板與地面的距離為H2，則此時彈簧的彈性勢能Ep為(　　) A．mgH1 B．mgH2 C．mg(H1－H2) D．mg(H1＋H2) 解析：選C　選物塊和彈簧組成的系統(tǒng)為研究對象，從物塊開始運動到速度為零的過程中，只有重力和彈簧的彈力做功，系統(tǒng)的機械能守恒，彈性勢能增加量應等于重力勢能的減少量，即Ep＝mg(H1－H2)，C正確。 9.如圖所示，光滑的水平軌道與光滑半圓軌道相切，圓軌道半徑R＝0.4 m。一

8、個小球停放在水平軌道上，現(xiàn)給小球一個v0＝5 m/s的初速度，取g＝10 m/s2，求： (1)小球從C點飛出時的速度。 (2)小球到達C點時，對軌道的作用力是小球重力的幾倍？ (3)小球從C點拋出后，經多長時間落地？ (4)小球落地時速度有多大？ 解析：(1)小球運動至最高點C的過程中機械能守恒，以水平軌道為零勢能面，有mv02＝mg·2R＋mvC2， 得vC＝＝3 m/s。 (2)在C點由向心力公式知 FN＋mg＝m， 得軌道對小球的作用力 FN＝m－mg＝1.25mg， 由牛頓第三定律知小球對軌道的壓力 FN′＝FN＝1.25 mg，是小球重力的1.25倍。 (

9、3)小球從C點開始做平拋運動，由2R＝gt2，知落地所需時間t＝ ＝0.4 s。 (4)由于小球沿軌道運動及做平拋運動的整個過程機械能守恒，所以落地時速度大小v＝v0＝5 m/s。 答案：(1)3 m/s　(2)1.25倍　(3)0.4 s　(4)5 m/s B級—選考提能 10．[多選](2019·濟寧期末考試)如圖所示，在地面上以速度v0斜向上拋出質量為m的物體，拋出后物體落到比地面低h的海平面上。若以地面為參考平面，且不計空氣阻力，則下列選項正確的是(　　) A．物體落到海平面時的勢能為mgh B．重力對物體做的功為mgh C．物體即將到達海平面時的動能為mv02－mgh

10、 D．物體即將到達海平面時的機械能為mv02 解析：選BD　物體落到海平面時的勢能為－mgh，所以A錯誤；此過程重力做的功為mgh，因而B正確；不計空氣阻力，只有重力做功，所以機械能守恒，有mv02＝－mgh＋Ek，即將到達海平面時的動能Ek＝mv02＋mgh，C錯誤；在地面處的機械能為mv02，因此即將到達海平面時的機械能也為mv02，D正確。 11.小球P和Q用不可伸長的輕繩懸掛在天花板上，P球的質量大于Q球的質量，懸掛P球的繩比懸掛Q球的繩短。將兩球拉起，使兩繩均被水平拉直，如圖所示。將兩球由靜止釋放。在各自軌跡的最低點(　　) A．P球的速度一定大于Q球的速度 B．P球的動能一

11、定小于Q球的動能 C．P球所受繩的拉力一定大于Q球所受繩的拉力 D．P球的向心加速度一定小于Q球的向心加速度 解析：選C　小球從釋放到最低點的過程中，只有重力做功，由機械能守恒定律可知，mgL＝mv2，v＝，繩長L越大，小球到最低點時的速度越大，A項錯誤；由于P球的質量大于Q球的質量，由Ek＝mv2可知，不能確定兩球動能的大小關系，B項錯誤；在最低點，根據(jù)牛頓第二定律可知，F(xiàn)－mg＝m，求得F＝3mg，由于P球的質量大于Q球的質量，因此C項正確；由a＝＝2g可知，兩球在最低點的向心加速度相等，D項錯誤。 12.如圖所示，質量分別為3 kg和5 kg的物體A、B，用輕繩連接跨在一個定滑輪

12、兩側，輕繩正好拉直，且A物體底面與地接觸，B物體距地面0.8 m，(g取10 m/s2)求： (1)放開B物體，當B物體著地時A物體的速度； (2)B物體著地后A物體還能上升多高？ 解析：(1)法一：由E1＝E2。 對A、B組成的系統(tǒng)，當B下落時系統(tǒng)機械能守恒，以地面為零勢能參考平面，則 mBgh＝mAgh＋(mA＋mB)v2 得，v＝＝ m/s ＝2 m/s。 法二：由ΔEk增＝ΔEp減，得 mBgh－mAgh＝(mA＋mB)v2， 得v＝2 m/s。 法三：由ΔEA增＝ΔEB減，得 mAgh＋mAv2＝mBgh－mBv2 得v＝2 m/s。 (2)當B落地后，A以2 m/s的速度豎直上拋， 則A上升的高度由機械能守恒可得(以此時A所在處為零勢能參考平面) mAgh′＝mAvA2， 解得h′＝＝ m＝0.2 m。 答案：(1)2 m/s　(2)0.2 m 6