2018-2019學(xué)年高考物理 主題二 機(jī)械能及其守恒定律 第四章 機(jī)械能及其守恒定律階段檢測(cè) 教科版
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2018-2019學(xué)年高考物理 主題二 機(jī)械能及其守恒定律 第四章 機(jī)械能及其守恒定律階段檢測(cè) 教科版
第四章 機(jī)械能及其守恒定律
階段檢測(cè)
(時(shí)間:90分鐘 滿分:100分)
一、選擇題(本題共10小題,每小題5分,共50分。其中1~6題為單項(xiàng)選擇題,7~10題為多項(xiàng)選擇題)
1.如圖1所示,一小孩和一大人都以水平方向的力勻速推動(dòng)相同的木箱在相同的路面走同樣的位移(推箱的速度大小如圖中所示),比較此過(guò)程中兩人分別對(duì)木箱做的功,下列說(shuō)法正確的是( )
圖1
A.大人做的功多
B.小孩做的功多
C.大人和小孩做的功一樣多
D.條件不足,無(wú)法判斷
解析 因?yàn)槟鞠鋭蛩龠\(yùn)動(dòng),小孩和大人所用的推力相等,又因?yàn)樗叩奈灰葡嗤?,所以做功一樣多,選項(xiàng)C正確。
答案 C
2.如圖2所示,運(yùn)動(dòng)員跳傘將經(jīng)歷加速下降和減速下降兩個(gè)過(guò)程。將人和傘看成一個(gè)系統(tǒng),在這兩個(gè)過(guò)程中,下列說(shuō)法正確的是 ( )
圖2
A.阻力對(duì)系統(tǒng)始終做負(fù)功
B.系統(tǒng)受到的合力始終向下
C.重力做功使系統(tǒng)的重力勢(shì)能增加
D.任意相等的時(shí)間內(nèi)重力做的功相等
解析 無(wú)論系統(tǒng)在什么運(yùn)動(dòng)情況下,阻力一定做負(fù)功,A正確;加速下降時(shí),合力向下,減速下降時(shí),合力向上,B錯(cuò)誤;系統(tǒng)下降,重力做正功,所以重力勢(shì)能減少,C錯(cuò)誤;由于系統(tǒng)做變速運(yùn)動(dòng),系統(tǒng)在相等時(shí)間內(nèi)下落的高度不同,所以重力做功不同,D錯(cuò)誤。
答案 A
3. 在大型游樂(lè)場(chǎng)里,小明乘坐如圖3所示勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的摩天輪,正在向最高點(diǎn)運(yùn)動(dòng),對(duì)此過(guò)程,下列說(shuō)法正確的是( )
圖3
A.小明的重力勢(shì)能保持不變
B.小明的動(dòng)能保持不變
C.小明的機(jī)械能守恒
D.小明的機(jī)械能減少
解析 摩天輪在轉(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程中,小明的高度不斷發(fā)生變化,小明的重力勢(shì)能也在發(fā)生變化,故A錯(cuò)誤;由于摩天輪勻速轉(zhuǎn)動(dòng),所以小明的速度大小不變,小明的動(dòng)能保持不變,故B正確;機(jī)械能包括動(dòng)能和勢(shì)能,小明所具有的機(jī)械能等于他的動(dòng)能和勢(shì)能之和,由于其動(dòng)能不變,而勢(shì)能隨著其高度的變化而變化,所以小明的機(jī)械能也在不斷變化,當(dāng)其上升時(shí),機(jī)械能增加,故C、D錯(cuò)誤。
答案 B
4.如圖4是小孩滑滑梯的情景,假設(shè)滑梯是固定光滑斜面,傾角為30°,小孩質(zhì)量為m,由靜止開(kāi)始沿滑梯下滑,滑行距離為s時(shí),重力的瞬時(shí)功率為( )
圖4
A.mg B.mg
C.mg D.mg
解析 小孩的加速度a==g,由v2=2as得小孩滑行距離s時(shí)的速率v=,故此時(shí)重力的瞬時(shí)功率P=mgvsin 30°=mg,B正確。
答案 B
5.(2018·洛陽(yáng)高一檢測(cè))如圖5所示,用長(zhǎng)為L(zhǎng)的輕繩把一個(gè)小鐵球懸掛在高為2L的O點(diǎn)處,小鐵球以O(shè)點(diǎn)為圓心在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)且恰能到達(dá)最高點(diǎn)B處,不計(jì)空氣阻力。若運(yùn)動(dòng)中輕繩斷開(kāi),則小鐵球落到地面時(shí)的速度大小為( )
圖5
A. B.
C. D.
解析 小鐵球恰能到達(dá)最高點(diǎn)B,則小鐵球在最高點(diǎn)處的速度v=。以地面為零勢(shì)能面,小鐵球在B點(diǎn)處的總機(jī)械能為mg·3L+mv2=mgL,無(wú)論輕繩是在何處斷的,小鐵球的機(jī)械能總是守恒的,因此到達(dá)地面時(shí)的動(dòng)能mv2=mgL,故小鐵球落到地面的速度v′=,D正確。
答案 D
6.如圖6所示,木塊A放在木板B的左端上方,用水平恒力F將A拉到B的右端,第一次將B固定在地面上,F(xiàn)做功W1,生熱Q1;第二次讓B在光滑水平面可自由滑動(dòng),F(xiàn)做功W2,生熱Q2,則下列關(guān)系中正確的是( )
圖6
A.W1<W2,Q1=Q2 B.W1=W2,Q1=Q2
C.W1<W2,Q1<Q2 D.W1=W2,Q1<Q2
解析 木塊A從木板B左端滑到右端克服摩擦力所做的功W=Ffs,因?yàn)槟景錌不固定時(shí)木塊A的位移要比木板B固定時(shí)長(zhǎng),所以W1<W2;摩擦產(chǎn)生的熱量
Q=Ffl相對(duì),兩次都從木板B左端滑到右端,相對(duì)位移相等,所以Q1=Q2,故選項(xiàng)A正確。
答案 A
7.(2018·大連高一檢測(cè))如圖7所示,A、B兩球質(zhì)量相等,A球用不能伸長(zhǎng)的輕繩系于O點(diǎn),B球用輕彈簧系于O′點(diǎn),O與O′點(diǎn)在同一水平面上,分別將A、B球拉到與懸點(diǎn)等高處,使繩和輕彈簧均處于水平,彈簧處于自然狀態(tài),將兩球分別由靜止開(kāi)始釋放,當(dāng)兩球達(dá)到各自懸點(diǎn)的正下方時(shí),兩球仍處在同一水平面上,則( )
圖7
A.兩球到達(dá)各自懸點(diǎn)的正下方時(shí),兩球動(dòng)能相等
B.兩球到達(dá)各自懸點(diǎn)的正下方時(shí),A球動(dòng)能較大
C.兩球到達(dá)各自懸點(diǎn)的正下方時(shí),B球動(dòng)能較大
D.兩球到達(dá)各自懸點(diǎn)的正下方時(shí),A球受到向上的拉力較大
解析 整個(gè)過(guò)程中兩球減少的重力勢(shì)能相等,A球減少的重力勢(shì)能完全轉(zhuǎn)化為A球的動(dòng)能,B球減少的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為B球的動(dòng)能和彈簧的彈性勢(shì)能,所以A球的動(dòng)能大于B球的動(dòng)能,所以B正確;在懸點(diǎn)正下方位置,根據(jù)牛頓第二定律知F=mg+,因?yàn)関A>vB,所以A球受到的拉力較大,所以D正確。
答案 BD
8.如圖8所示,輕質(zhì)彈簧一端固定,另一端連接一小物塊,O點(diǎn)為彈簧在原長(zhǎng)時(shí)物塊的位置。物塊由A點(diǎn)靜止釋放,沿粗糙程度相同的水平面向右運(yùn)動(dòng),最遠(yuǎn)到達(dá)B點(diǎn)。在從A到B的過(guò)程中,物塊( )
圖8
A.加速度先減小后增大
B.經(jīng)過(guò)O點(diǎn)時(shí)的速度最大
C.所受彈簧彈力始終做正功
D.所受彈簧彈力做的功等于克服摩擦力做的功
解析 對(duì)物塊受力分析,當(dāng)彈簧處于壓縮狀態(tài)時(shí),由牛頓第二定律可得kx-f=ma,x減小,a減小,當(dāng)a=0時(shí),物塊速度最大,此時(shí),物塊在O點(diǎn)左側(cè),選項(xiàng)B錯(cuò)誤;從加速度a=0處到O點(diǎn)過(guò)程,由牛頓第二定律得f-kx=ma,x減小,a增大,當(dāng)彈簧處于伸長(zhǎng)狀態(tài)時(shí),由牛頓第二定律可得kx+f=ma,x增大,a繼續(xù)增大,可知物塊的加速度先減小后增大,選項(xiàng)A正確;物塊所受彈簧的彈力對(duì)物塊先做正功,后做負(fù)功,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;從A到B的過(guò)程,由動(dòng)能定理可得W彈-Wf=0,選項(xiàng)D正確。
答案 AD
9.如圖9所示,質(zhì)量為m的小車在水平恒力F推動(dòng)下,從山坡(粗糙)底部A處由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)至高為h的坡頂B,獲得速度為v,A、B之間的水平距離為x,重力加速度為g。下列說(shuō)法正確的是( )
圖9
A.小車克服重力所做的功是mgh
B.合力對(duì)小車做的功是mv2
C.推力對(duì)小車做的功是mv2+mgh
D.阻力對(duì)小車做的功是mv2+mgh-Fx
解析 重力做功WG=-mgh,A正確;推力做功WF=Fx=mv2+mgh-Wf,C錯(cuò)誤;根據(jù)動(dòng)能定理WF+Wf+WG=mv2,即合力做功mv2,B正確;由上式得阻力做功Wf=mv2-WF-WG=mv2+mgh-Fx,D正確。
答案 ABD
10.質(zhì)量為4 kg的物體被人由靜止開(kāi)始向上提升0.25 m后速度達(dá)到1 m/s,不計(jì)空氣阻力,g取10 m/s2,則下列判斷正確的是( )
A.人對(duì)物體做的功是12 J
B.合外力對(duì)物體做功2 J
C.物體克服重力做功10 J
D.人對(duì)物體做的功等于物體增加的動(dòng)能
解析 人提升物體的過(guò)程中,人對(duì)物體做了功,W人=mgh+mv2=12 J,A正確,D錯(cuò)誤;合外力對(duì)物體做的功(包括重力)等于物體動(dòng)能的變化,W合=mv2=2 J,B正確;物體克服重力做的功等于物體重力勢(shì)能的增加量,WG=mgh=10 J,C正確。
答案 ABC
二、非選擇題(本題共4小題,共50分)
11.(10分)某同學(xué)用如圖10甲所示的裝置“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”。
(1)安裝打點(diǎn)計(jì)時(shí)器時(shí),紙帶的兩個(gè)限位孔必須處在同一________線上。
(2)接通電源,讓打點(diǎn)計(jì)時(shí)器正常工作后,松開(kāi)________。
(3)將紙帶上打出的第一個(gè)點(diǎn)記為0,并在離0點(diǎn)較遠(yuǎn)的任意點(diǎn)依次選取幾個(gè)連續(xù)的點(diǎn),分別記為1、2、3……。量出各點(diǎn)與0點(diǎn)的距離h, 算出各點(diǎn)對(duì)應(yīng)的速度,分別記為v1至v6,數(shù)據(jù)如下表:
代表符號(hào)
v1
v2
v3
v4
v5
v6
數(shù)值(m/s)
2.80
2.99
3.29
3.39
3.59
3.78
表中有一數(shù)據(jù)有較大誤差,代表符號(hào)為_(kāi)_______。
圖10
(4)修正數(shù)據(jù)后,該同學(xué)計(jì)算出各點(diǎn)對(duì)應(yīng)速度的平方值,并作出v2-h(huán)圖像,如圖乙所示,若得出的直線斜率為k,則可測(cè)出重力加速度g=________。與真實(shí)值相比,測(cè)出的g值________(選填“偏小”或“偏大”)。
解析 (1)根據(jù)本實(shí)驗(yàn)要求可知:安裝打點(diǎn)計(jì)時(shí)器時(shí),紙帶的兩個(gè)限位孔必須處在同一豎直線上。
(2)接通電源,讓打點(diǎn)計(jì)時(shí)器正常工作后,松開(kāi)紙帶,讓紙帶和重物一起做自由落體運(yùn)動(dòng)。
(3)根據(jù)Δv=gΔt知,相鄰記數(shù)點(diǎn)間的Δv一定相等,所以v3數(shù)據(jù)誤差較大。
(4)由mgh=mv2可得:g==;由于重物和紙帶下落過(guò)程中受到限位孔的阻力作用,速度值偏小,即測(cè)量值與真實(shí)值相比,測(cè)出的值偏小。
答案 (1)豎直 (2)紙帶 (3)v3 (4) 偏小
12.(12分)我國(guó)自行研制、具有完全自主知識(shí)產(chǎn)權(quán)的新一代大型噴氣式客機(jī)C919首飛成功后,拉開(kāi)了全面試驗(yàn)試飛的新征程。假設(shè)飛機(jī)在水平跑道上的滑跑是初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng),當(dāng)位移x=1.6×103 m時(shí)才能達(dá)到起飛所要求的速度v=80 m/s。已知飛機(jī)質(zhì)量m=7.0×104 kg,滑跑時(shí)受到的阻力為自身重力的0.1倍,重力加速度取g=10 m/s2。求飛機(jī)滑跑過(guò)程中
圖11
(1)加速度a的大小;
(2)牽引力的平均功率P。
解析 (1)飛機(jī)滑跑過(guò)程中做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng),有
v2=2ax①
代入數(shù)據(jù)解得
a=2 m/s2②
(2)設(shè)飛機(jī)滑跑受到的阻力為f,依題意有
f=0.1mg③
設(shè)發(fā)動(dòng)機(jī)的牽引力為F,根據(jù)牛頓第二定律有
F-f=ma④
設(shè)飛機(jī)滑跑過(guò)程中的平均速度為v,有
v=⑤
在滑跑階段,牽引力的平均功率
P=Fv⑥
聯(lián)立②③④⑤⑥式得
P=8.4×106 W⑦
答案 (1)2 m/s2 (2)8.4×106 W
13.(12分)如圖12所示,A物體用板托著,位于離地h=1.0 m處,輕質(zhì)細(xì)繩通過(guò)光滑定滑輪與A、B相連,繩子處于繃直狀態(tài),已知A物體質(zhì)量M=1.5 kg,B物體質(zhì)量m=1.0 kg,現(xiàn)將板抽走,A將拉動(dòng)B上升,設(shè)A與地面碰后不反彈,B上升過(guò)程中不會(huì)碰到定滑輪,問(wèn):
圖12
(1)A落地前瞬間的速度大小為多少?
(2)B物體在上升過(guò)程中離地的最大高度為多大?
解析 (1)A落地時(shí),A、B系統(tǒng)重力勢(shì)能的減少量
ΔEp減=Mgh-mgh,
系統(tǒng)動(dòng)能的增加量ΔEk增=(M+m)v2
根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒有
Mgh-mgh=(M+m)v2
故A落地時(shí),A、B物體的瞬時(shí)速度v=2 m/s
(2)A落地后,B物體上升過(guò)程機(jī)械能守恒,設(shè)上升h′后速度變?yōu)榱悖〉孛鏋閰⒖计矫?
故:mgh+mv2=mg(h+h′)
所以h′=0.2 m
故B物體離地面的最大高度為h+h′=1.2 m。
答案 (1)2 m/s (2)1.2 m
14.(16分)(2018·鄭州高一檢測(cè))如圖13所示,一物體質(zhì)量m=2 kg,在傾角θ=37°的斜面上的A點(diǎn)以初速度v0=3 m/s下滑,A點(diǎn)距彈簧上端B的距離AB=4 m。當(dāng)物體到達(dá)B點(diǎn)后將彈簧壓縮到C點(diǎn),最大壓縮量BC=0.2 m,然后物體又被彈簧彈上去,彈到的最高位置為D點(diǎn),D點(diǎn)距A點(diǎn)的距離AD=3 m。擋板及彈簧質(zhì)量不計(jì),g取10 m/s2,sin 37°=0.6,求:
圖13
(1)物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ;
(2)彈簧的最大彈性勢(shì)能Epm。
解析 (1)物體從開(kāi)始位置A點(diǎn)到最后D點(diǎn)的過(guò)程中,彈性勢(shì)能沒(méi)有發(fā)生變化,機(jī)械能的減少量全部用來(lái)克服摩擦力做功,即:
mv+mgLAD·sin 37°=μmgcos 37°(LAB+2LCB+LBD)
代入數(shù)據(jù)解得:μ≈0.52。
(2)物體由A到C的過(guò)程中,動(dòng)能減少量
ΔEk=mv,
重力勢(shì)能減少量ΔEp=mgLACsin 37°。
摩擦產(chǎn)生的熱Q=μmgcos 37°·LAC。
由能量守恒定律可得彈簧的最大彈性勢(shì)能為:
Epm=ΔEk+ΔEp-Q
=mv+mgLAC·sin 37°-μmgcos 37°·LAC
≈24.5 J。
答案 (1)0.52 (2)24.5 J
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