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2019高考物理二輪 第二部分 電學(xué)3大題型押題練(三)

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2019高考物理二輪 第二部分 電學(xué)3大題型押題練(三)

電學(xué)3大題型押題練(三) 1.一個(gè)質(zhì)量為m、帶電荷量為+q的小球以初速度v0水平拋出,在小球經(jīng)過的豎直平面內(nèi),存在著若干個(gè)如圖所示的無電場區(qū)和有理想上下邊界的勻強(qiáng)電場區(qū),兩區(qū)域相互間隔,豎直高度相等,電場區(qū)水平方向無限長。已知每一電場區(qū)的場強(qiáng)大小相等,方向均豎直向上,重力加速度大小為g,不計(jì)空氣阻力,下列說法錯(cuò)誤的是(  ) A.小球在水平方向一直做勻速直線運(yùn)動(dòng) B.若電場強(qiáng)度大小等于,則小球經(jīng)過每一無電場區(qū)的時(shí)間均相等 C.若電場強(qiáng)度大小等于,則小球經(jīng)過每一電場區(qū)的時(shí)間均相等 D.小球經(jīng)過每個(gè)電場區(qū)過程機(jī)械能的減少量相等 解析:選C 將小球的運(yùn)動(dòng)沿著水平方向和豎直方向正交分解,水平方向不受外力,以速度v0做勻速直線運(yùn)動(dòng),選項(xiàng)A正確;豎直方向,小球在無電場區(qū)只受重力,加速度大小為g,方向豎直向下,在電場區(qū)除受重力外,還受到向上的恒定的電場力作用,加速度的大小和方向取決于合力的大小和方向,當(dāng)電場強(qiáng)度等于時(shí),電場力等于mg,故在電場區(qū)小球所受的合力為零,豎直方向的運(yùn)動(dòng)是勻速運(yùn)動(dòng),而在無電場區(qū)小球做勻加速運(yùn)動(dòng),故經(jīng)過每個(gè)電場區(qū),小球的速度均不等,因而小球經(jīng)過每一電場區(qū)的時(shí)間均不相等,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;當(dāng)電場強(qiáng)度等于時(shí),電場力等于2mg,故在電場區(qū)小球所受的合力大小為mg,方向豎直向上,加速度大小等于g,方向豎直向上,則在經(jīng)過第一無電場區(qū)時(shí):y=gt12,v1=gt1,經(jīng)過第一電場區(qū)時(shí):y=v1t2-gt22,v2=v1-gt2,聯(lián)立解得t1=t2,v2=0;接下來小球的運(yùn)動(dòng)重復(fù)前面的運(yùn)動(dòng),即每次通過無電場區(qū)時(shí)豎直方向都是做自由落體運(yùn)動(dòng),每次通過電場區(qū)時(shí)豎直方向都是做末速度為零的勻減速直線運(yùn)動(dòng),故小球經(jīng)過每一無電場區(qū)的時(shí)間相同,選項(xiàng)B正確;小球經(jīng)過每個(gè)電場區(qū)機(jī)械能的減少量等于克服除重力外其他力做的功,由于每個(gè)電場區(qū)的電場力及豎直高度都相同,故小球經(jīng)過每個(gè)電場區(qū)過程機(jī)械能的減少量相等,選項(xiàng)D正確。 2.[多選]某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室中研究遠(yuǎn)距離輸電。由于輸電線太長,他將每100米導(dǎo)線卷成一卷,共卷成8卷來代替輸電線路(忽略輸電線路的電磁感應(yīng))。在輸送功率相同時(shí),第一次直接將輸電線與學(xué)生電源及用電器相連,測得輸電線上損失的功率為P1,第二次采用如圖所示的電路輸電,其中理想變壓器T1與學(xué)生電源相連,其原、副線圈的匝數(shù)比為n1∶n2,理想變壓器T2與用電器相連,測得輸電線上損失的功率為P2。下列說法正確的是(  ) A.前后兩次實(shí)驗(yàn)都可用于研究遠(yuǎn)距離直流輸電 B.實(shí)驗(yàn)可以證明,T1采用升壓變壓器能減小遠(yuǎn)距離輸電的能量損失 C.若輸送功率一定,則P2∶P1=n1∶n2 D.若輸送功率一定,則P2∶P1=n12∶n22 解析:選BD 變壓器只能改變交變電流的電壓,所以第二次實(shí)驗(yàn)只能研究遠(yuǎn)距離交流輸電,故A錯(cuò)誤;第一次實(shí)驗(yàn),輸電線上的電流I=,輸電線上損失的功率P1=I2R=R;第二次實(shí)驗(yàn),升壓變壓器副線圈上的電壓U2=U1,輸電線上的電流I′=,輸電線上損失的功率P2=I′2R=R,所以==,故D正確,C錯(cuò)誤;由上述分析知>1時(shí),P2<P1,即實(shí)驗(yàn)可以證明,T1采用升壓變壓器能減小遠(yuǎn)距離輸電的能量損失,故B正確。 3.[多選]如圖所示,在直角坐標(biāo)系xOy中,第一象限和第二象限內(nèi)存在著方向垂直xOy平面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場,A、C兩點(diǎn)在x軸上,且OA=OC。一帶電粒子P(不計(jì)重力)從A點(diǎn)以速率v沿y軸正方向垂直射入磁場,經(jīng)時(shí)間t恰好從C點(diǎn)射出磁場。若與粒子P相同的粒子Q從A點(diǎn)以速率v沿xOy平面射入磁場,則(  ) A.粒子Q帶負(fù)電 B.粒子Q的比荷= C.粒子Q到達(dá)+y軸上某點(diǎn)D時(shí)與x軸間的距離最大值為 D.粒子Q在恰好不到達(dá)y軸的情況下通過x軸上的點(diǎn)與原點(diǎn)O間的距離為 解析:選BCD 粒子P從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)半周到達(dá)C點(diǎn),根據(jù)左手定則可知粒子P帶正電,與粒子P相同的粒子Q也帶正電,A錯(cuò)誤;對粒子P,有T=,而T=2t,得=,B正確;對粒子P,有OA=r=,對粒子Q,有R==r,當(dāng)AD=2R=r時(shí),D點(diǎn)與x軸間的距離最大,如圖所示,由幾何關(guān)系知最大距離為r=,C正確;粒子Q在恰好不到達(dá)y軸的情況下即在磁場中的運(yùn)動(dòng)軌跡與y軸恰好相切時(shí),通過x軸上的點(diǎn)E與原點(diǎn)O間的距離為r-2(r-R)=,D正確。 4.如圖(a)是一簡易多用電表的電路圖,其表盤如圖(b)所示,下排刻度均勻,C為上排刻度線的中間刻度,但上排刻度線對應(yīng)數(shù)據(jù)未標(biāo)出。已知該多用電表的表頭選用的是內(nèi)阻RA=10 Ω、滿偏電流IA=10 mA的電流表。 為測量該多用電表內(nèi)部電源的電動(dòng)勢,某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室找到一只電阻箱,設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn): ①將選擇開關(guān)接“2”,紅、黑表筆短接,調(diào)節(jié)R1的阻值使電表指針滿偏; ②將紅、黑表筆與電阻箱相連,調(diào)節(jié)電阻箱的阻值使電表指針在C處,此時(shí)電阻箱的示數(shù)如圖(c)所示。 (1)根據(jù)該同學(xué)的實(shí)驗(yàn),此多用電表C處刻度對應(yīng)的阻值為________Ω,電表內(nèi)電源的電動(dòng)勢為________V。 (2)若將選擇開關(guān)接“1”,指針指在圖(b)所示位置,其讀數(shù)為________mA。 (3)將一未知阻值的電阻,接在已經(jīng)歐姆調(diào)零的該多用電表兩表筆之間,指針仍指在圖(b)所示位置,則該未知電阻的阻值為________Ω(保留兩位有效數(shù)字)。 解析:(1)由題圖(c)可知,電阻箱示數(shù)為0×1 000 Ω+1×100 Ω+5×10 Ω+0×1 Ω=150 Ω;指針指在C處時(shí),電流表示數(shù)為5 mA=0.005 A,C處刻度對應(yīng)的阻值為中值電阻,由上可知為150 Ω,電源電動(dòng)勢E=I·2R=0.005×2×150 V=1.5 V。 (2)選擇開關(guān)接“1”時(shí),電表的量程為10 mA,則題圖(b)對應(yīng)刻度的最小分度為0.2 mA,故讀數(shù)為:6.8 mA。 (3)由題意可知,此時(shí)電路中的電流值為I=6.8 mA,而電表內(nèi)電源的電動(dòng)勢為E= 1.5 V,由(1)中分析可知,電表歐姆擋的內(nèi)阻為R內(nèi)=150 Ω,所以待測電阻的阻值為R′= -R內(nèi)=Ω≈71 Ω。 答案:(1)150 1.5 (2)6.8 (3)71 5.如圖所示,ab和cd是兩條豎直固定的光滑平行金屬導(dǎo)軌,MN和M′N′是用絕緣細(xì)線連接的兩根金屬桿,其質(zhì)量分別為m和2m,用豎直向上、大小未知的外力F作用在桿MN中點(diǎn),使兩桿水平靜止,并剛好與導(dǎo)軌接觸。整個(gè)裝置處在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向垂直導(dǎo)軌平面向里的勻強(qiáng)磁場中,導(dǎo)軌足夠長,間距為L,電阻可忽略,兩桿總電阻為R,與導(dǎo)軌始終接觸良好,重力加速度為g。t=0時(shí)刻,將細(xì)線燒斷,保持力F不變。 (1)細(xì)線燒斷后任意時(shí)刻,求兩桿運(yùn)動(dòng)的速度大小之比; (2)若桿MN運(yùn)動(dòng)至速度最大時(shí)發(fā)生的位移為s,該過程中通過金屬桿橫截面的電荷量q和電路中產(chǎn)生的焦耳熱Q各為多少? 解析:(1)以兩桿為研究對象,初始兩桿水平靜止,則所受合外力為零,有F=3mg 細(xì)線燒斷后桿MN向上運(yùn)動(dòng),桿M′N′向下運(yùn)動(dòng),任意時(shí)刻,兩桿中感應(yīng)電流等大反向,所受安培力等大反向,故兩桿所受合外力仍為零,動(dòng)量守恒,有 mv1-2mv2=0 故兩桿運(yùn)動(dòng)的速度大小之比為v1∶v2=2∶1。 (2)設(shè)兩桿的最大速度分別為v1m和v2m,根據(jù)系統(tǒng)動(dòng)量守恒,有mv1m-2mv2m=0 桿M′N′的最大速度為v2m=v1m 此過程中桿M′N′的位移大小為s2=s 該過程中穿過回路的磁通量變化量 ΔΦ=BL 通過金屬桿橫截面的電荷量 q== 該過程中安培力為變力,根據(jù)動(dòng)能定理 對桿MN,有 WF-mgs-W安1=mv1m2 對桿M′N′,有 2mg·s-W安2=×2m2 又WF=3mgs W安1+W安2=Q 當(dāng)桿的速度最大時(shí),對桿MN,有 F-mg-F安1m=0 而F=3mg,F(xiàn)安1m=BLIm Im=,E=BL(v1m+v2m)=BLv1m 解得v1m= 該過程電路中產(chǎn)生的焦耳熱 Q=3mgs-。 答案:(1)2∶1 (2) 3mgs- 5

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