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江蘇省2019版高中物理學(xué)業(yè)水平測(cè)試復(fù)習(xí) 第七章 機(jī)械能守恒定律 第18講 動(dòng)能 動(dòng)能定理學(xué)案 必修2

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江蘇省2019版高中物理學(xué)業(yè)水平測(cè)試復(fù)習(xí) 第七章 機(jī)械能守恒定律 第18講 動(dòng)能 動(dòng)能定理學(xué)案 必修2

第18講 動(dòng)能 動(dòng)能定理 緊扣考綱 考情再現(xiàn) 測(cè)試內(nèi)容 測(cè)試要求 2018年 2017年 2016年 2015年 2014年 動(dòng)能 A 21 26 26 動(dòng)能定理 C 14、26 27 27 28 28 考點(diǎn)一 動(dòng)能 動(dòng)能是物體由于________________________________.動(dòng)能的表達(dá)式為Ek=mv2,動(dòng)能是________量. 例1 (2017·無(wú)錫一中模擬)以下關(guān)于物體的動(dòng)能的敘述中,正確的是(  ) A.速度不變、運(yùn)動(dòng)物體的質(zhì)量發(fā)生變化,它的動(dòng)能不一定變化 B.質(zhì)量不變、運(yùn)動(dòng)物體的速度大小發(fā)生變化,它的動(dòng)能不一定會(huì)變化 C.速度減半,質(zhì)量增大到原來(lái)的4倍,物體的動(dòng)能是原來(lái)的2倍 D.質(zhì)量減半,速度增大到原來(lái)的2倍,物體的動(dòng)能是原來(lái)的2倍 易錯(cuò)辨析 速度是矢量,有大小、有方向;動(dòng)能是標(biāo)量,只有大小沒(méi)有方向. 考點(diǎn)二 動(dòng)能定理 動(dòng)能定理:________________________等于物體動(dòng)能的變化量.表達(dá)式為W=ΔEk或者W=Ek2-Ek1. 特別提醒 (1)動(dòng)能定理中W為合外力的功、計(jì)算功時(shí)要注意功的正、負(fù). (2)ΔEk為動(dòng)能的變化,ΔEk=Ek2-Ek1=mv-mv. 例2 (2018·江蘇學(xué)測(cè))如圖1所示,左端固定的輕質(zhì)彈簧被物塊壓縮,物塊被釋放后,由靜止開(kāi)始從A點(diǎn)沿粗糙水平面向右運(yùn)動(dòng),離開(kāi)彈簧后,經(jīng)過(guò)B點(diǎn)的動(dòng)能為Ek,該過(guò)程中,彈簧對(duì)物塊做的功為W,則物塊克服摩擦力做的功Wf為(  ) 圖1 A.Wf=Ek B.Wf=Ek+W C.Wf+Ek=W D.Wf=W-Ek 例3 (2018·如皋學(xué)測(cè)模擬)如圖2所示,摩托車做特技表演時(shí),以某一速度沖向高臺(tái),然后從高臺(tái)以v0=10 m/s的速度水平飛出.人和車的總質(zhì)量m=1.5×102 kg,臺(tái)高h(yuǎn)=5 m,g=10 m/s2. 圖2 (1)求人和摩托車從高臺(tái)飛出時(shí)的動(dòng)能; (2)若不計(jì)空氣阻力,求車落地前瞬間的速度; (3)若落地前瞬間的速度仍然是10 m/s,求從高臺(tái)飛出到落地過(guò)程中空氣阻力做的功.       考點(diǎn)三 動(dòng)能定理的綜合應(yīng)用 (1)動(dòng)能定理的適用范圍:適用于物體的________運(yùn)動(dòng)和________運(yùn)動(dòng);適用于________和________做功;適用于各種性質(zhì)的力,既可以分段作用,也可以同時(shí)作用. (2)應(yīng)用動(dòng)能定理解題的一般步驟 ①選取研究對(duì)象,明確物理過(guò)程; ②分析研究對(duì)象的受力情況,求出總功; ③明確物體在始末狀態(tài)的動(dòng)能; ④列出動(dòng)能定理方程及其他必要的輔助方程進(jìn)行求解. 例4 如圖3所示,粗糙的足夠長(zhǎng)的固定斜面CD與一個(gè)光滑的圓弧形軌道ABC相切,圓弧半徑為R=1 m,圓弧BC對(duì)應(yīng)的圓心角θ=37°,圓弧形軌道末端A點(diǎn)與圓心等高,質(zhì)量m=5 kg的物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))從A點(diǎn)正上方下落,經(jīng)過(guò)E點(diǎn)時(shí)速度v=4 m/s,已知E點(diǎn)距A點(diǎn)高H=5.2 m,恰好從A點(diǎn)進(jìn)入軌道,若物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.5,取g=10 m/s2,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,求: 圖3 (1)物塊第一次經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大??; (2)物塊運(yùn)動(dòng)足夠長(zhǎng)的時(shí)間后在斜面上(除圓弧軌道外)總共能運(yùn)動(dòng)多長(zhǎng)的路程?     規(guī)律方法 應(yīng)用動(dòng)能定理解題時(shí),注意合外力做功等于物體動(dòng)能的變化量.解題過(guò)程中首先分析有哪些力做功,做正功還是負(fù)功,求出總功. 1.(2012·江蘇學(xué)測(cè))一只下落的蘋果質(zhì)量為m,當(dāng)速度為v時(shí),它的動(dòng)能是(  ) A.mv B.mv C.mv2 D.mv2 2.(2011·江蘇學(xué)測(cè))質(zhì)量不同而具有相同動(dòng)能的兩個(gè)物體,在動(dòng)摩擦因數(shù)相同的水平面上滑行到停止,則(  ) A.質(zhì)量大的滑行的距離大 B.質(zhì)量大的滑行的時(shí)間長(zhǎng) C.質(zhì)量大的滑行的加速度小 D.它們克服阻力做的功一樣多 3.(2018·江蘇學(xué)測(cè))如圖4所示,某科技興趣小組試飛一架自制的無(wú)人機(jī),該無(wú)人機(jī)的質(zhì)量m=0.5 kg,由靜止開(kāi)始沿豎直方向勻加速上升,加速度a=2 m/s2,上升時(shí)間t=3 s,求:該過(guò)程中無(wú)人機(jī) 圖4 (1)受到合力的大小F;(2)上升的高度h; (3)末動(dòng)能Ek.     4.(2015·江蘇學(xué)測(cè))如圖5所示,借助一長(zhǎng)為L(zhǎng)的粗糙斜面,將一質(zhì)量為m的物體(視為質(zhì)點(diǎn))移上貨車.第一次使物體以初速度v從斜面底端沿斜面上滑,滑行的最大距離為L(zhǎng);第二次使物體以相同的初速度向上滑行的同時(shí),施加沿斜面向上的恒定推力,作用一段距離后撤去該力,物體繼續(xù)上滑,恰好到達(dá)斜面頂端. 圖5 (1)求第一次上滑過(guò)程中物體的加速度大小a; (2)定性說(shuō)明第二次上滑過(guò)程中物體可能的運(yùn)動(dòng)情況; (3)求第二次上滑過(guò)程中推力對(duì)物體做的功W.       答案精析 考點(diǎn)突破 考點(diǎn)一 運(yùn)動(dòng)而具有的能量 標(biāo) 例1 D [動(dòng)能是標(biāo)量,Ek=mv2,速度不變,質(zhì)量發(fā)生變化,則動(dòng)能發(fā)生改變,A錯(cuò).質(zhì)量不變,速度大小發(fā)生變化,則物體動(dòng)能改變,B錯(cuò).根據(jù)公式判斷C錯(cuò),D對(duì).] 考點(diǎn)二 合外力做的功 例2 D [由動(dòng)能定理有W-Wf=Ek-0, 則Wf=W-Ek.] 例3 見(jiàn)解析 解析 (1)從高臺(tái)飛出時(shí)的動(dòng)能: Ek0=mv02=7.5×103 J (2)從高臺(tái)飛出到落地,根據(jù)動(dòng)能定理有 mgh=mv2-mv02 代入數(shù)據(jù)可得:v=10 m/s 落地時(shí),豎直分速度: vy== m/s=10 m/s 設(shè)落地前瞬間速度的方向與水平面的夾角為θ, 則sin θ== θ=45° (3)從高臺(tái)飛出到落地, 根據(jù)動(dòng)能定理有WG+W阻=Ek-Ek0=0 計(jì)算得出:W阻=-mgh=-7.5×103 J. 考點(diǎn)三 (1)直線 曲線 恒力 變力 例4 (1)750 N (2)17 m 解析 (1)由E點(diǎn)到B點(diǎn)的過(guò)程,由動(dòng)能定理得 mg(H+R)=mvB2-mvE2 vE=v=4 m/s 在B點(diǎn)有FN-mg= 聯(lián)立解得FN=750 N 由牛頓第三定律知物塊對(duì)軌道的壓力大小 FN′=FN=750 N. (2)由能量守恒定律可得: mv2+mg(H+Rcos θ)=Ff·s Ff=μmgcos θ=20 N 解得s=17 m. 真題演練 1.C 2.D 3.見(jiàn)解析 解析 (1)由牛頓第二定律得F=ma 代入數(shù)據(jù)得F=1 N (2)由勻加速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律有h=at2 代入數(shù)據(jù)得h=9 m (3)末速度v=at 動(dòng)能Ek=mv2 代入數(shù)據(jù)得Ek=9 J. 4.見(jiàn)解析 解析 (1)第一次上滑過(guò)程中, 根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)公式v2-v02=2ax得 02-v2=2a×L 解得a=-. 負(fù)號(hào)表示加速度方向沿斜面向下. (2)第二次上滑過(guò)程中物體可能的運(yùn)動(dòng)情況是: ①先勻加速上滑,撤去推力后勻減速上滑; ②先勻速上滑,撤去推力后勻減速上滑; ③先做加速度較小的勻減速上滑運(yùn)動(dòng),撤去推力后再做加速度較大的勻減速上滑運(yùn)動(dòng). (3)根據(jù)動(dòng)能定理有,第一次上滑時(shí) -mgsin θ×L-Ff×L=0-mv2 第二次上滑時(shí)W-mgsin θ×L-FfL=0-mv2 聯(lián)立解得W=mv2. 7

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