2018-2019學(xué)年高考物理 主題二 機(jī)械能及其守恒定律階段檢測(cè) 粵教版
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2018-2019學(xué)年高考物理 主題二 機(jī)械能及其守恒定律階段檢測(cè) 粵教版
主題二 機(jī)械能及其守恒定律
階段檢測(cè)
(時(shí)間:90分鐘 滿分:100分)
一、選擇題(本題共10小題,每小題5分,共50分。1~6為單項(xiàng)選擇題,7~10為多項(xiàng)選擇題。)
1.汽車關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)后恰能沿斜坡勻速下滑,在這個(gè)過程中( )
A.汽車的機(jī)械能守恒
B.汽車的動(dòng)能和勢(shì)能相互轉(zhuǎn)化
C.機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能,總能量守恒
D.機(jī)械能和內(nèi)能之間沒有轉(zhuǎn)化
解析 汽車關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)后,勻速下滑,重力沿斜面向下的分力與摩擦阻力平衡,摩擦阻力做功,汽車摩擦生熱,溫度升高,有部分機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能,機(jī)械能減少,但總能量守恒。因此,只有選項(xiàng)C正確。
答案 C
2.如圖1所示,運(yùn)動(dòng)員跳傘將經(jīng)歷加速下降和減速下降兩個(gè)過程。將人和傘看成一個(gè)系統(tǒng),在這兩個(gè)過程中,下列說(shuō)法正確的是( )
圖1
A.阻力對(duì)系統(tǒng)始終做負(fù)功
B.系統(tǒng)受到的合力始終向下
C.重力做功使系統(tǒng)的重力勢(shì)能增加
D.任意相等的時(shí)間內(nèi)重力做的功相等
解析 無(wú)論系統(tǒng)在什么運(yùn)動(dòng)情況下,阻力一定做負(fù)功,A正確;加速下降時(shí),合力向下,減速下降時(shí),合力向上,B錯(cuò)誤;系統(tǒng)下降,重力做正功,所以重力勢(shì)能減少,C錯(cuò)誤;由于系統(tǒng)做變速運(yùn)動(dòng),系統(tǒng)在相等時(shí)間內(nèi)下落的高度不同,所以重力做功不同,D錯(cuò)誤。
答案 A
3.假設(shè)摩托艇受到的阻力的大小正比于它的速率。如果摩托艇發(fā)動(dòng)機(jī)的輸出功率變?yōu)樵瓉?lái)的2倍,則摩托艇的最大速率變?yōu)樵瓉?lái)的( )
A.4倍 B.2倍
C.倍 D.倍
解析 由P=Fv=kv·v=kv2知P變?yōu)樵瓉?lái)的2倍時(shí),v變?yōu)樵瓉?lái)的倍。
答案 D
4.如圖2甲所示,靜置于光滑水平面上坐標(biāo)原點(diǎn)處的小物塊,在水平拉力F作用下,沿x軸方向運(yùn)動(dòng),拉力F隨物塊所在位置坐標(biāo)x的變化關(guān)系如圖乙所示,圖線為半圓。則小物塊運(yùn)動(dòng)到x0處時(shí)F做的總功為( )
圖2
A.0 B.Fmx0
C.Fmx0 D.x
解析 F為變力,但F-x圖象包圍的面積在數(shù)值上表示拉力做的總功。由于圖線為半圓,又因在數(shù)值上Fm=x0,故W=πF=π·Fm·x0=Fmx0。
答案 C
5.靜止在地面上的物體在豎直向上的恒力作用下上升,在某一高度撤去恒力,不計(jì)空氣阻力,在整個(gè)上升過程中,物體機(jī)械能隨時(shí)間變化的關(guān)系是( )
解析 物體機(jī)械能的增量等于恒力做的功,恒力做功WF=Fh,h=at2,則有外力作用時(shí),物體機(jī)械能隨時(shí)間變化關(guān)系為E=Fat2。撤去恒力后,物體機(jī)械能不變,故選項(xiàng)C正確。
答案 C
6.(2018·韶關(guān)高一檢測(cè))質(zhì)量為m的小球被系在輕繩的一端,在豎直平面內(nèi)做半徑為R的圓周運(yùn)動(dòng),如圖3所示,運(yùn)動(dòng)過程中小球受到空氣阻力的作用。設(shè)某一時(shí)刻小球通過軌道的最低點(diǎn),此時(shí)繩子所受拉力大小為7mg,此后小球繼續(xù)做圓周運(yùn)動(dòng),經(jīng)過半個(gè)圓周恰能通過最高點(diǎn),則在此過程中小球克服空氣阻力所做的功為( )
圖3
A. B.
C. D.mgR
解析 在最低點(diǎn)有7mg-mg=,在最高點(diǎn)有mg=,由最低點(diǎn)到最高點(diǎn)的過程,根據(jù)動(dòng)能定理得-2mgR-Wf=mv-mv,由以上三個(gè)方程解得Wf=mgR,故C正確。
答案 C
7.質(zhì)量為4 kg的物體被人由靜止開始向上提升0.25 m后速度達(dá)到1 m/s,不計(jì)空氣阻力,g取10 m/s2,則下列判斷正確的是( )
A.人對(duì)物體傳遞的功是12 J
B.合外力對(duì)物體做功2 J
C.物體克服重力做功10 J
D.人對(duì)物體做的功等于物體增加的動(dòng)能
解析 人提升物體的過程中,人對(duì)物體做了功,對(duì)物體傳遞了能量,不能說(shuō)人對(duì)物體傳遞了功,A錯(cuò)誤;合外力對(duì)物體做的功(包括重力)等于物體動(dòng)能的變化W合=mv2=2 J,B正確;物體克服重力做的功等于物體重力勢(shì)能的增加量WG=mgh=10 J,C正確;W人=mgh+mv2=12 J,D錯(cuò)誤。
答案 BC
8.如圖所示,A、B、C、D四圖中的小球以及小球所在的左側(cè)斜面完全相同,現(xiàn)從同一高度h處由靜止釋放小球,使之進(jìn)入右側(cè)不同的豎直軌道底部有一小圓弧相連,A圖中的軌道是一段斜面,高度大于h;B圖中的軌道與A圖中軌道相比只是短了一些,且斜面高度小于h;C圖中的軌道是一個(gè)內(nèi)徑略大于小球直徑的管道,其上部為直管,下部為圓弧形,與斜面相連,管的高度大于h;D圖中的軌道是個(gè)半圓形軌道,其直徑等于h。如果不計(jì)任何摩擦阻力和拐彎處的能量損失,小球進(jìn)入右側(cè)軌道后能到達(dá)h高度的是( )
解析 小球在運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能守恒,A、C圖中小球不能脫離軌道,在最高點(diǎn)速度為零,因而可以達(dá)到h高度。但B、D圖中小球都會(huì)脫離軌道而做斜拋運(yùn)動(dòng),在最高點(diǎn)具有水平速度,所以在最高點(diǎn)的重力勢(shì)能要小于mgh(以最低點(diǎn)為零勢(shì)能面),即最高點(diǎn)的高度要小于h,選項(xiàng)A、C正確。
答案 AC
9.(2018·揭陽(yáng)高一期中檢測(cè))某興趣小組遙控一輛玩具車,使其在水平路面上由靜止啟動(dòng),在前2 s內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動(dòng),2 s末達(dá)到額定功率,2 s到14 s保持額定功率運(yùn)動(dòng),14 s末停止搖控,讓玩具車自由滑行,其v-t圖象如圖4所示??烧J(rèn)為整個(gè)過程玩具車所受阻力大小不變,已知玩具車的質(zhì)量為m=1 kg,取g=10 m/s2,則( )
圖4
A.玩具車所受阻力大小為2 N
B.玩具車在4 s末牽引力的瞬時(shí)功率為9 W
C.玩具車在2 s到10 s內(nèi)位移的大小為39 m
D.玩具車整個(gè)過程的位移大小為90 m
解析 由圖象可知在14 s后的加速度a2= m/s2=-1.5 m/s2,故阻力f=ma2=-1.5 N,A錯(cuò)誤;玩具車在前2 s內(nèi)的加速度a1= m/s2=1.5 m/s2,由牛頓第二定律可得牽引力F=ma1-f=3 N,當(dāng)t=2 s時(shí)達(dá)到額定功率P額=Fv=9 W。此后玩具車以額定功率運(yùn)動(dòng),速度增大,牽引力減小,所以t=4 s時(shí)功率為9 W,B正確;玩具車在2 s到10 s內(nèi)做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng),由動(dòng)能定理得P額t+fs2=mv-mv,解得s2=39 m,故C正確;由圖象可知總位移大小s=×3×2 m+39 m+6×4 m+×4×6 m=78 m,故D錯(cuò)誤。
答案 BC
10.如圖5所示為一滑草場(chǎng),某條滑道由上、下兩段高均為h,與水平面傾角分別為45°和37°的滑道組成,滑草車與草地之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ。質(zhì)量為m的載人滑草車從坡頂由靜止開始自由下滑,經(jīng)過上、下兩段滑道后,最后恰好靜止于滑道的底端(不計(jì)滑草車在兩段滑道交接處的能量損失,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8),則( )
圖5
A.動(dòng)摩擦因數(shù)μ=
B.載人滑草車的最大速度為
C.載人滑草車克服摩擦力做功為mgh
D.載人滑草車在下段滑道上的加速度大小為g
解析 對(duì)滑草車從坡頂由靜止滑下,到底端靜止的全過程分析,得mg·2h-μmgcos 45°·-μmgcos 37°·=0,解得μ=,選項(xiàng)A正確;對(duì)經(jīng)過上段滑道的過程,根據(jù)動(dòng)能定理得,mgh-μmgcos 45°·=mv2,解得v=,選項(xiàng)B正確;載人滑草車克服摩擦力做功為2mgh,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;載人滑草車在下段滑道上的加速度大小為a==-g,選項(xiàng)D錯(cuò)誤。
答案 AB
二、非選擇題(本題共6小題,共50分)
11.(6分)某同學(xué)為探究“恒力做功與物體動(dòng)能改變的關(guān)系”,設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn),他的操作步驟是:
圖6
①安裝好實(shí)驗(yàn)裝置如圖6所示。
②將質(zhì)量為200 g的小車?yán)酱螯c(diǎn)計(jì)時(shí)器附近,并按住小車。
③在質(zhì)量為10 g、30 g、50 g的三種鉤碼中,他挑選了一個(gè)質(zhì)量為50 g的鉤碼掛在拉線P上。
④打開打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源,釋放小車,打出一條紙帶。
(1)在多次重復(fù)實(shí)驗(yàn)得到的紙帶中取出較為滿意的一條,經(jīng)測(cè)量、計(jì)算,得到如下數(shù)據(jù):第一個(gè)點(diǎn)到第N個(gè)點(diǎn)的距離為40.0 cm;打下第N點(diǎn)時(shí)小車的速度大小為1.00 m/s。
該同學(xué)將鉤碼的重力當(dāng)作小車所受的拉力,算出拉力對(duì)小車做的功為________ J,小車動(dòng)能的增量為______ J。(g=9.8 m/s2)
(2)此次實(shí)驗(yàn)探究結(jié)果,他沒能得到“恒力對(duì)物體做的功等于物體動(dòng)能的增量”,且誤差很大,顯然,在實(shí)驗(yàn)探究過程中忽視了各種產(chǎn)生誤差的因素。請(qǐng)你根據(jù)該同學(xué)的實(shí)驗(yàn)操作過程幫助分析一下,造成較大誤差的主要原因是(至少說(shuō)出兩種可能):________________________________________________________________________。
答案 (1)0.196 0.1
(2)①小車質(zhì)量沒有遠(yuǎn)大于鉤碼質(zhì)量;②沒有平衡摩擦力
12.(6分)“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)采用重物自由下落的方法(g取10 m/s2)。
(1)用公式mv2=mgh,對(duì)紙帶上起點(diǎn)的要求是初速度為________,為達(dá)到此目的,所選擇的紙帶第1、2兩點(diǎn)間距應(yīng)接近___________(打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打點(diǎn)的時(shí)間間隔為0.02 s)。
(2)若實(shí)驗(yàn)中所用重物質(zhì)量m=1 kg,打點(diǎn)紙帶如圖7甲所示,打點(diǎn)時(shí)間間隔為0.02 s,則記錄B點(diǎn)時(shí),重物速度vB=________,重物的動(dòng)能EkB=________,從開始下落至B點(diǎn),重物的重力勢(shì)能減少量是________,因此可得出的結(jié)論是____________________________________________________________________
___________________________________________________________________。
圖7
(3)根據(jù)紙帶算出相關(guān)各點(diǎn)的速度值,量出下落的距離,則以為縱軸,以h為橫軸畫出的圖線應(yīng)是圖乙中的________。
解析 (1)初速度為0,所選的第1、2兩點(diǎn)間距應(yīng)接近2 mm。
(2)vB== m/s=0.59 m/s
EkB=mv=×1×0.592 J≈0.174 J
ΔEp=mgh=1×10×17.6×10-3 J=0.176 J
在實(shí)驗(yàn)誤差允許的范圍內(nèi),重物動(dòng)能的增加量等于重力勢(shì)能的減少量。
(3)由mv2=mgh可得=gh∝h,故選項(xiàng)C正確。
答案 (1)0 2 mm (2)0.59 m/s 0.174 J 0.176 J 在實(shí)驗(yàn)誤差允許的范圍內(nèi),重物動(dòng)能的增加量等于重力勢(shì)能的減少量 (3)C
13.(8分)小球自h=2 m的高度由靜止釋放,與地面碰撞后反彈的高度為 h。設(shè)碰撞時(shí)沒有動(dòng)能的損失,且小球在運(yùn)動(dòng)過程中受到的空氣阻力大小不變,求:
(1)小球受到的空氣阻力是重力的多少倍?
(2)小球從開始到停止運(yùn)動(dòng)的過程中運(yùn)動(dòng)的總路程。
解析 設(shè)小球的質(zhì)量為m,所受阻力大小為f。
(1)小球從h處釋放時(shí)速度為零,與地面碰撞反彈到h時(shí),速度也為零,
由動(dòng)能定理得mg-f=0
解得f=mg,=。
(2)設(shè)小球運(yùn)動(dòng)的總路程為s,且最后小球靜止在地面上,對(duì)于整個(gè)過程,由動(dòng)能定理得mgh-fs=0
s=h=7×2 m=14 m。
答案 (1) (2)14 m
14.(2018·珠海高一檢測(cè))(10分)如圖8所示,豎直平面內(nèi)有一光滑圓弧軌道,其半徑為R=0.5 m,平臺(tái)與軌道的最高點(diǎn)等高,一質(zhì)量m=0.8 kg的小球從平臺(tái)邊緣的A處水平射出,恰能沿圓弧軌道上P點(diǎn)的切線方向進(jìn)入軌道內(nèi)側(cè),軌道半徑OP與豎直線的夾角為53°,已知sin 53°=0.8,cos 53°=0.6,g取10 m/s2,試求:
圖8
(1)小球從平臺(tái)上的A點(diǎn)射出時(shí)的速度大小v0;
(2)小球從平臺(tái)上的射出點(diǎn)A到圓軌道入射點(diǎn)P之間的水平距離L;
(3)小球到達(dá)圓弧軌道最低點(diǎn)時(shí)的速度大??;
(4)小球沿軌道通過圓弧的最高點(diǎn)Q時(shí)對(duì)軌道的內(nèi)壁還是外壁有彈力,并求出彈力的大小。
解析 (1)小球從A到P的高度差為h=R(1+cos 53°)
從A到P是平拋運(yùn)動(dòng),根據(jù)分運(yùn)動(dòng)公式,有
h=gt2,vy=gt,tan 53°=
聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得v0=3 m/s
(2)從A到P是平拋運(yùn)動(dòng),根據(jù)分位移公式,有L=v0t
聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得L=1.2 m
(3)從A到圓弧最低點(diǎn),根據(jù)機(jī)械能守恒定律,有
mv=mg·2R+mv
代入數(shù)據(jù)解得v1= m/s
(4)小球從A到達(dá)Q時(shí),根據(jù)機(jī)械能守恒定律可知
vQ=v0=3 m/s;
在Q點(diǎn),根據(jù)牛頓第二定律有N+mg=m
解得N=-mg+m= N=6.4 N>0
根據(jù)牛頓第三定律,小球?qū)ν夤鼙谟袎毫?,壓力大小?.4 N。
答案 (1)3 m/s (2)1.2 m (3) m/s (4)小球?qū)ν夤鼙谟袕椓?,大小?.4 N
15.(10分)如圖9甲所示,質(zhì)量m=1 kg的物體靜止在光滑的水平面上,t=0時(shí)刻,物體受到一個(gè)變力F作用,t=1 s時(shí),撤去力F,某時(shí)刻物體滑上傾角為37°的粗糙斜面;已知物體從開始運(yùn)動(dòng)到斜面最高點(diǎn)的v-t圖象如圖乙所示,不計(jì)其他阻力,g=10 m/s2,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,求:
圖9
(1)變力F做的功;
(2)物體從斜面底端滑到最高點(diǎn)過程中克服摩擦力做功的平均功率;
(3)物體回到出發(fā)點(diǎn)的速度大小。
解析 (1)由圖象知物體1 s末的速度大小v1=10 m/s,
根據(jù)動(dòng)能定理得WF=mv=50 J。
(2)物體在斜面上升的最大距離s=×1×10 m=5 m
物體到達(dá)斜面時(shí)的速度大小v2=10 m/s,到達(dá)斜面最高點(diǎn)的速度為零,根據(jù)動(dòng)能定理
-mgssin 37°-Wf=0-mv
解得Wf=20 J,==20 W。
(3)設(shè)物體重新到達(dá)斜面底端時(shí)的速度大小為v3,則根據(jù)動(dòng)能定理
-2Wf=mv-mv
解得v3=2 m/s
此后物體做勻速直線運(yùn)動(dòng),到達(dá)原出發(fā)點(diǎn)的速度大小為2 m/s。
答案 (1)50 J (2)20 W (3)2 m/s
16.(2018·中山高一檢測(cè))(10分)如圖10所示,軌道ABCD平滑連接,其中AB為光滑的曲面,BC為粗糙水平面,CD為半徑為r的內(nèi)壁光滑的四分之一圓管,管口D正下方直立一根勁度系數(shù)為k的輕彈簧,彈簧下端固定,上端恰好與D端齊平。質(zhì)量為m的小球在曲面AB上距BC高為3r處由靜止下滑,進(jìn)入管口C端時(shí)與圓管恰好無(wú)壓力作用,通過CD后壓縮彈簧,壓縮過程中小球速度最大時(shí)彈簧彈性勢(shì)能為Ep。已知小球與水平面BC間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ,求:
圖10
(1)水平面BC的長(zhǎng)度s;
(2)小球向下壓縮彈簧過程中的最大動(dòng)能E km。
解析 (1)由小球在C點(diǎn)對(duì)軌道沒有壓力,
有mg=m
小球從出發(fā)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的過程中,由動(dòng)能定理得3mgr-μmg·s=mv
解得s=。
(2)速度最大時(shí),小球加速度為0,設(shè)彈簧壓縮量為x。
由kx=mg,得x=
由C點(diǎn)到速度最大時(shí),小球和彈簧構(gòu)成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒
設(shè)速度最大時(shí)的位置為零勢(shì)能面,有
mv+mg(r+x)=E km+Ep
解得E km=mgr+-Ep。
答案 (1) (2)mgr+-Ep
10