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2022年高考物理二輪復(fù)習(xí) 第一部分 考前復(fù)習(xí)方略 專題五 功、功率與動能定理及應(yīng)用限時訓(xùn)練

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2022年高考物理二輪復(fù)習(xí) 第一部分 考前復(fù)習(xí)方略 專題五 功、功率與動能定理及應(yīng)用限時訓(xùn)練

2022年高考物理二輪復(fù)習(xí) 第一部分 考前復(fù)習(xí)方略 專題五 功、功率與動能定理及應(yīng)用限時訓(xùn)練 一、選擇題 1.(xx·沈陽一模)如圖所示,質(zhì)量m=1 kg、長L=0.8 m的均勻矩形薄板靜止在水平桌面上,其右端與桌子邊緣相齊.板與桌面間的動摩擦因數(shù)為μ=0.4.現(xiàn)用F=5 N的水平力向右推薄板,使它翻下桌子,力F做的功至少為(g取10 m/s2)(  ) A.1 J          B.1.6 J C.2 J D.4 J 解析:選B.木板中心到達(dá)桌子邊緣時即可翻下,則WF≥μmg·=0.4×1×10× J=1.6 J,故B正確. 2.(xx·襄陽一模)用豎直向上大小為30 N的力F,將2 kg 的物體由沙坑表面靜止提升1 m時撤去力F,經(jīng)一段時間后,物體落入沙坑,測得落入沙坑的深度為20 cm.若忽略空氣阻力,g取10 m/s2.則物體克服沙坑的阻力所做的功為(  ) A.20 J B.24 J C.34 J D.54 J 解析:選C.對全程應(yīng)用動能定理得: F·h+mgd-Wf=0 即30×1 J+2×10×0.2 J-Wf=0 Wf=34 J,故C正確. 3.(xx·白山一模)一個質(zhì)量為m的物塊,在幾個共點(diǎn)力的作用下靜止在光滑水平面上.現(xiàn)把其中一個水平方向的力從F突然增大到3F,并保持其他力不變,則從這時開始t s末,該力的瞬時功率是(  ) A. B. C. D. 解析:選B.由題意知,物塊受到的合力為2F,根據(jù)牛頓第二定律有2F=ma,在合力作用下,物塊做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動,速度v=at,該力大小為3F,則該力的瞬時功率P=3Fv,解以上各式得P=,B正確. 4.(多選)(xx·華中師大附中一模)開口向上的半球形曲面的截面如圖所示,直徑AB水平.一小物塊在曲面內(nèi)A點(diǎn)以某一速率開始下滑,曲面內(nèi)各處動摩擦因數(shù)不同,因摩擦作用物塊下滑時速率不變,則下列說法正確的是(  ) A.物塊運(yùn)動的過程中加速度始終為零 B.物塊所受合外力大小不變,方向時刻在變化 C.在滑到最低點(diǎn)C以前,物塊所受摩擦力大小逐漸變小 D.滑到最低點(diǎn)C時,物塊所受重力的瞬時功率達(dá)到最大 解析:選BC.由于物塊做勻速圓周運(yùn)動,所受合外力大小不變,方向時刻指向圓心,提供圓周運(yùn)動的向心力,產(chǎn)生向心加速度,A錯誤,B正確;在下滑的過程中,物塊受力如圖所示, 則摩擦力等于重力沿切線方向的分力,即Ff=mgcos θ,隨著物塊下滑,θ角越來越大,物塊所受摩擦力越來越小,C正確;滑到最低點(diǎn)時,速度沿水平方向,此時重力的瞬時功率P=mgvcos θ,由于速度的方向與重力方向垂直,因此重力的瞬時功率恰好等于零,D錯誤. 5.一人用恒定的力F,通過圖示裝置拉著物體沿光滑水平面運(yùn)動,A、B、C是其運(yùn)動路徑上的三個點(diǎn),且AC=BC.若物體從A到C、從C到B的過程中,人拉繩做的功分別為WFA、WFB,物體動能的增量分別為ΔEA、ΔEB,不計(jì)滑輪質(zhì)量和摩擦,下列判斷正確的是(  ) A.WFA=WFB,ΔEA=ΔEB B.WFA>W(wǎng)FB,ΔEA>ΔEB C.WFA<WFB,ΔEA<ΔEB D.WFA>W(wǎng)FB,ΔEA<ΔEB 解析:選B.如圖,F(xiàn)做的功等于F1做的功,物體由A向B運(yùn)動的過程中,F(xiàn)1逐漸減小,又因?yàn)锳C=BC,由W=F1l知WFA>W(wǎng)FB;對物體只有F做功,由動能定理知ΔEA>ΔEB,故B正確. 6.(多選)一輛汽車在平直公路上以速度v0開始加速行駛,經(jīng)過一段時間t,前進(jìn)距離l,此時恰好達(dá)到其最大速度vm,設(shè)此過程中汽車發(fā)動機(jī)始終以額定功率P工作,汽車所受阻力恒為Ff,則在這段時間里,發(fā)動機(jī)所做的功為(  ) A.Ffvmt B.Pt C.mv+Ffl-mv D.Fft 解析:選ABC.發(fā)動機(jī)牽引力為變力,而牽引力的功率恒定,則可用W=Pt求變力做功,選項(xiàng)B正確;根據(jù)P=F牽v=Ffvm,所以W=Ffvmt,選項(xiàng)A正確;根據(jù)動能定理,W-Ffl=mv-mv,解得W=mv-mv+Ffl,選項(xiàng)C正確. 7.(xx·高考全國卷Ⅱ,T17,6分)一汽車在平直公路上行駛.從某時刻開始計(jì)時,發(fā)動機(jī)的功率P隨時間t的變化如圖所示.假定汽車所受阻力的大小f恒定不變.下列描述該汽車的速度v隨時間t變化的圖線中,可能正確的是(  ) 解析:選A.由題中P-t圖象知:0~t1內(nèi)汽車以恒定功率P1行駛,t1~t2內(nèi)汽車以恒定功率P2行駛.設(shè)汽車所受牽引力為F,則由P=Fv得,當(dāng)v增加時,F(xiàn)減小,由a=知a減小,又因速度不可能突變,所以選項(xiàng)B、C、D錯誤,選項(xiàng)A正確. 8.(xx·高考全國卷Ⅰ,T17,6分)如圖,一半徑為R、粗糙程度處處相同的半圓形軌道豎直固定放置,直徑POQ水平.一質(zhì)量為m的質(zhì)點(diǎn)自P點(diǎn)上方高度R處由靜止開始下落,恰好從P點(diǎn)進(jìn)入軌道.質(zhì)點(diǎn)滑到軌道最低點(diǎn)N時,對軌道的壓力為4mg,g為重力加速度的大?。肳表示質(zhì)點(diǎn)從P點(diǎn)運(yùn)動到N點(diǎn)的過程中克服摩擦力所做的功.則(  ) A.W=mgR,質(zhì)點(diǎn)恰好可以到達(dá)Q點(diǎn) B.W>mgR,質(zhì)點(diǎn)不能到達(dá)Q點(diǎn) C.W=mgR,質(zhì)點(diǎn)到達(dá)Q點(diǎn)后,繼續(xù)上升一段距離 D.W<mgR,質(zhì)點(diǎn)到達(dá)Q點(diǎn)后,繼續(xù)上升一段距離 解析:選C.設(shè)質(zhì)點(diǎn)到達(dá)N點(diǎn)的速度為vN,在N點(diǎn)質(zhì)點(diǎn)受到軌道的彈力為FN,則FN-mg=,已知FN=F′N=4mg,則質(zhì)點(diǎn)到達(dá)N點(diǎn)的動能為EkN=mv=mgR.質(zhì)點(diǎn)由開始至N點(diǎn)的過程,由動能定理得mg·2R+Wf=EkN-0,解得摩擦力做的功為Wf=-mgR,即克服摩擦力做的功為W=-Wf=mgR. 設(shè)從N到Q的過程中克服摩擦力做功為W′,則W′<W.從N到Q的過程,由動能定理得-mgR-W′=mv-mv,即mgR-W′=mv,故質(zhì)點(diǎn)到達(dá)Q點(diǎn)后速度不為0,質(zhì)點(diǎn)繼續(xù)上升一段距離.選項(xiàng)C正確. 9.(xx·河北衡水中學(xué)三模)如圖所示,質(zhì)量為0.1 kg的小物塊在粗糙水平桌面上滑行4 m后以3.0 m/s的速度飛離桌面,最終落在水平地面上,已知物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)為0.5,桌面高0.45 m,若不計(jì)空氣阻力,取g=10 m/s2,則(  ) A.小物塊的初速度是5 m/s B.小物塊的水平射程為1.2 m C.小物塊在桌面上克服摩擦力做8 J的功 D.小物塊落地時的動能為0.9 J 解析:選D.小物塊在桌面上克服摩擦力做功Wf=μmgL=2 J,C錯.在水平桌面上滑行,由動能定理得-Wf=mv2-mv,解得v0=7 m/s,A錯.小物塊飛離桌面后做平拋運(yùn)動,有x=vt、h=gt2,解得x=0.9 m,B錯.設(shè)小物塊落地時動能為Ek,由動能定理得mgh=Ek-mv2,解得Ek=0.9 J,D正確. 10.(xx·山西模擬)用傳感器研究質(zhì)量為2 kg的物體由靜止開始做直線運(yùn)動的規(guī)律時,在計(jì)算機(jī)上得到0~6 s內(nèi)物體的加速度隨時間變化的關(guān)系如圖所示.下列說法正確的是(  ) A.0~6 s內(nèi)物體先向正方向運(yùn)動,后向負(fù)方向運(yùn)動 B.0~6 s內(nèi)物體在4 s時的速度最大 C.物體在2~4 s內(nèi)速度不變 D.0~4 s內(nèi)合力對物體做的功等于0~6 s內(nèi)合力做的功 解析:選D.由v=at可知,題中a-t圖象中,圖線與坐標(biāo)軸所圍面積表示質(zhì)點(diǎn)的速度,0~6 s內(nèi)物體的速度始終為正值,故一直為正方向,A項(xiàng)錯;t=5 s時,速度最大,B項(xiàng)錯;2~4 s內(nèi)加速度保持不變,速度一定變化,C項(xiàng)錯;0~4 s內(nèi)與0~6 s內(nèi)圖線與坐標(biāo)軸所圍面積相等,故物體4 s末和6 s末速度相同,由動能定理可知,兩段時間內(nèi)合力對物體做功相等,D項(xiàng)正確. 二、非選擇題 11.(xx·北京海淀區(qū)一模)如圖所示,水平軌道與豎直平面內(nèi)的圓弧軌道平滑連接后固定在水平地面上,圓弧軌道B端的切線沿水平方向.質(zhì)量m=1.0 kg的滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn))在水平恒力F=10.0 N的作用下,從A點(diǎn)由靜止開始運(yùn)動,當(dāng)滑塊運(yùn)動的位移x=0.50 m時撤去力F.已知A、B之間的距離x0=1.0 m,滑塊與水平軌道間的動摩擦因數(shù)μ=0.10,g取10 m/s2.求: (1)在撤去力F時,滑塊的速度大小; (2)滑塊通過B點(diǎn)時的動能; (3)滑塊通過B點(diǎn)后,能沿圓弧軌道上升的最大高度h=0.35 m,求滑塊沿圓弧軌道上升過程中克服摩擦力做的功. 解析:(1)滑動摩擦力Ff=μmg 設(shè)撤去力F前滑塊的加速度為a1,根據(jù)牛頓第二定律得: F-μmg=ma1 解得:a1=9.0 m/s2 設(shè)滑塊運(yùn)動位移為0.50 m時的速度大小為v,根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式得:v2=2a1x 解得:v=3.0 m/s. (2)設(shè)滑塊通過B點(diǎn)時的動能為EkB,從A到B運(yùn)動過程中,由動能定理得: Fx-Ffx0=EkB 解得:EkB=4.0 J. (3)設(shè)滑塊沿圓弧軌道上升過程中克服摩擦力做功為WFf,由動能定理得: -mgh-WFf=0-EkB 解得:WFf=0.50 J. 答案:(1)3.0 m/s (2)4.0 J (3)0.50 J 12.(xx·福建廈門質(zhì)檢)如圖所示,在豎直方向上A、B兩物體通過勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧相連,A放在水平地面上;B、C兩物體通過細(xì)線繞過輕質(zhì)定滑輪相連,C放在固定的光滑斜面上.用手拿住C,使細(xì)線剛剛拉直但無拉力作用,并保證ab段的細(xì)線豎直、cd段的細(xì)線與斜面平行.已知A、B的質(zhì)量均為m,斜面傾角為θ=37°,重力加速度為g,滑輪的質(zhì)量和摩擦不計(jì),開始時整個系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài).C釋放后沿斜面下滑,當(dāng)A剛要離開地面時,B的速度最大,(sin 37°=0.6,cos 37°=0.8)求: (1)從開始到物體A剛要離開地面的過程中,物體C沿斜面下滑的距離; (2)C的質(zhì)量; (3)A剛要離開地面時,C的動能. 解析:(1)設(shè)開始時彈簧壓縮的長度為xB,則有 kxB=mg 設(shè)當(dāng)物體A剛要離開地面時,彈簧的伸長量為xA,則有 kxA=mg 當(dāng)物體A剛要離開地面時,物體B上升的距離與物體C沿斜面下滑的距離相等,為: h=xA+xB 解得:h=. (2)物體A剛要離開地面時,以B為研究對象,物體B受到重力mg、彈簧的彈力kxA、細(xì)線的拉力FT三個力的作用,設(shè)物體B的加速度為a,根據(jù)牛頓第二定律: 對B有:FT-mg-kxA=ma 對C有:mCgsin θ-FT=mCa B獲得最大速度時,有:a=0 解得:mC=. (3)法一:由于xA=xB,彈簧處于壓縮狀態(tài)和伸長狀態(tài)時的彈性勢能相等,彈簧彈力做功為零,且物體A剛要離開地面時,B、C兩物體的速度相等,設(shè)為v0,由動能定理得: mCghsin θ-mgh+W彈=(m+mC)v-0 其中W彈=0 解得:v= 所以EkC=mCv=. 法二:根據(jù)動能定理, 對C:mCghsin θ-WT=EkC-0 對B:WT-mgh+W彈=EkB-0 其中W彈=0 又EkC∶EkB=10∶3 解得:EkC=. 答案:(1) (2) (3)

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