（江蘇專(zhuān)用）2022高考物理總復(fù)習(xí) 優(yōu)編題型增分練：基礎(chǔ)回扣練2 受力分析和物體平衡

（江蘇專(zhuān)用）2022高考物理總復(fù)習(xí) 優(yōu)編題型增分練：基礎(chǔ)回扣練2 受力分析和物體平衡 1．(2018·江蘇六校聯(lián)考)磁性黑板擦吸附在豎直的黑板平面上靜止不動(dòng)時(shí)，關(guān)于黑板擦的受力情況，下列敘述中正確的是(　　) A．黑板擦受到的磁力與它受到的重力是一對(duì)平衡力 B．黑板擦受到的磁力與它受到的彈力是一對(duì)作用力與反作用力 C．黑板擦受到的磁力與它受到的摩擦力性質(zhì)相同 D．黑板擦受到的摩擦力與它受到的重力是一對(duì)平衡力 答案　D 2.如圖1所示，水平面上A、B兩物塊的接觸面水平，二者疊放在一起，在作用于B上的恒定水平拉力F的作用下沿地面向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻撤去力F后，二者仍不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，關(guān)于撤去F前后下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖1 A．撤去F之前A受到3個(gè)力作用 B．撤去F之前B受到4個(gè)力作用 C．撤去F前后，A的受力情況不變 D．A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1不小于B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2 答案　D 解析　撤去F前A受重力、B對(duì)A的支持力2個(gè)力作用；B受重力、地面支持力、A對(duì)B的壓力、地面對(duì)B的摩擦力、外力F共5個(gè)力作用；撤去F后，AB一起勻減速運(yùn)動(dòng)，A除受重力、支持力外，還受靜摩擦力作用，對(duì)AB整體：μ2(mA＋mB)g＝(mA＋mB)a，對(duì)A：μ1mAg≥mAa，即μ1≥μ2. 3．(2018·淮安中學(xué)期中)如圖2所示，一名登山運(yùn)動(dòng)員攀登陡峭雪壁時(shí)，如果認(rèn)為峭壁的平面是豎直的平面，峭壁平面是光滑的，腿與峭壁面是垂直的，若輕繩與峭壁面的夾角為30°，運(yùn)動(dòng)員質(zhì)量為60 kg，g取10 m/s2.人處于靜止?fàn)顟B(tài)，則細(xì)繩張力的大小FT為(　　) 圖2 A．200 N B．600 N C．400 N D．1 200 N 答案　C 4．(2018·高考押題預(yù)測(cè)卷)如圖3所示，A、B、C三個(gè)物體的質(zhì)量是mA＝mB＝mC＝m，A、B兩物體通過(guò)繩子繞過(guò)定滑輪相連，B、C用勁度系數(shù)為k2的彈簧相連，彈簧k1一端固定在天花板上，另一端與滑輪相連．開(kāi)始時(shí)，A、B兩物體在同一水平面上，不計(jì)滑輪、繩子、彈簧的重力和一切摩擦．現(xiàn)用豎直向下的力緩慢拉動(dòng)A物體，在拉動(dòng)過(guò)程中，彈簧及與A、B相連的繩子始終豎直，到C物體剛要離開(kāi)地面(A沒(méi)落地，B沒(méi)有與滑輪相碰，A、B、C可視為質(zhì)點(diǎn))，重力加速度為g，此時(shí)A、B兩物體的高度差(　　) 圖3 A.＋ B.＋ C.＋ D.＋ 答案　D 解析　開(kāi)始時(shí)，彈簧k1的拉力是A物體重力的兩倍，所以它的伸長(zhǎng)量x1＝；彈簧k2的彈力是B、A兩物體的重力差，所以它的壓縮量x2＝.當(dāng)C物體剛要離開(kāi)地面時(shí)，彈簧k1的拉力是B、C兩物體重力和的兩倍，所以它的伸長(zhǎng)量，x1′＝；彈簧k2的拉力等于C的重力，所以它的伸長(zhǎng)量x2′＝，所以B物體上升的高度是hB＝x2＋x2′＝，物體A下降的高度hA＝hB＋2(x1′－x1)＝＋，所以A、B高度差Δh＝hA＋hB＝＋，故D正確，A、B、C錯(cuò)誤． 5．(2018·淮安市、宿遷市等期中)如圖4所示，質(zhì)量為m的物體用輕繩AB懸掛于豎直墻壁上，今用水平向右的拉力F拉動(dòng)繩的中點(diǎn)O至圖示位置．用FT表示繩 OA段拉力的大小，在拉力F由圖示位置逆時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)過(guò)90°的過(guò)程中，始終保持O點(diǎn)位置不動(dòng)，則(　　) 圖4 A．F先逐漸變小后逐漸變大，F(xiàn)T逐漸變小 B．F先逐漸變小后逐漸變大，F(xiàn)T逐漸變大 C．F先逐漸變大后逐漸變小，F(xiàn)T逐漸變小 D．F先逐漸變大后逐漸變小，F(xiàn)T逐漸變大 答案　A 解析　保持O點(diǎn)位置不變，將F由水平位置繞O點(diǎn)逆時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)90°的過(guò)程中，F(xiàn)和AO的拉力的合力始終與mg等大、反向、共線，由平行四邊形定則可知，當(dāng)F豎直向上時(shí)，F(xiàn)最大，最大值 Fmax＝mg，此時(shí)FT最小，F(xiàn)T＝0；當(dāng)F⊥AO時(shí)，F(xiàn)最小，則F先逐漸變小后逐漸變大，F(xiàn)T逐漸變小，故A正確． 6．(多選)(2018·如皋市期初) 如圖5所示，物體B疊放在物體A上，A、B的質(zhì)量均為m，且上、下表面均與斜面平行，它們以共同速度沿傾角為θ的固定斜面C勻速下滑，重力加速度為g，則(　　) 圖5 A．A、B間的摩擦力大小為mgsin θ B．A受到B的靜摩擦力方向沿斜面向上 C．A受到斜面的滑動(dòng)摩擦力大小為2mgsin θ D．A與B間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝tan θ 答案　AC 解析　將B的重力分解可知重力有沿斜面向下的分力，要使B能勻速下滑，受力一定平衡，故A對(duì)B應(yīng)有沿斜面向上的摩擦力，大小等于B的重力沿斜面方向的分力，即mgsin θ，故A正確；由牛頓第三定律可知，A受到B的摩擦力應(yīng)沿斜面向下，故B錯(cuò)誤；對(duì)A、B整體分析，并將整體重力分解，可知沿斜面方向上，重力的分力與摩擦力等大反向，故A受斜面的滑動(dòng)摩擦力沿斜面向上，大小為2mgsin θ，故C正確；由于A、B間為靜摩擦力，無(wú)法確定動(dòng)摩擦因數(shù)，故D錯(cuò)誤． 7．如圖6甲所示，水平地面上固定一傾角為30°的表面粗糙的斜劈，一質(zhì)量為m的小物塊能沿著斜劈的表面勻速下滑．現(xiàn)對(duì)小物塊施加一水平向右的恒力F，使它沿該斜劈表面勻速上滑，如圖乙所示，重力加速度為g，則F的大小應(yīng)為(　　) 圖6 A.mg B.mg C.mg D.mg 答案　A 解析　小物塊能沿著斜劈的表面勻速下滑，則有mgsin 30°＝μmgcos 30°，可得小物塊與斜劈表面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝tan 30°.當(dāng)施加F后，由小物塊能沿著斜劈表面勻速上滑，對(duì)小物塊受力分析如圖所示： 根據(jù)平衡條件有 沿斜面方向：Fcos 30°－Ff－mgsin 30°＝0 垂直斜面方向：FN＝mgcos 30°＋Fsin 30° 又Ff＝μFN， 聯(lián)立可得：F＝mg，故A正確，B、C、D錯(cuò)誤． 8．(2018·江蘇五校聯(lián)考)如圖7所示，兩個(gè)截面半徑均為r，質(zhì)量均為m的半圓柱體A、B放在粗糙水平面上，A、B截面圓心間的距離為l，在A、B上放一個(gè)截面半徑為r， 質(zhì)量為2m的光滑圓柱體C，A、B、C均始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，則(　　) 圖7 A．B對(duì)地面的壓力大小為3mg B．地面對(duì)A的作用力沿AC圓心連線方向 C．l越小，A、C間的彈力越小 D．l越小，地面對(duì)A、B的摩擦力越大 答案　C