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【】2020版高考數(shù)學(xué)總復(fù)習(xí) 課時(shí)作業(yè)53 導(dǎo)數(shù)與函數(shù)的單調(diào)性與極值 理 新人教B版

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【】2020版高考數(shù)學(xué)總復(fù)習(xí) 課時(shí)作業(yè)53 導(dǎo)數(shù)與函數(shù)的單調(diào)性與極值 理 新人教B版

課時(shí)作業(yè)(五十三) 導(dǎo)數(shù)與函數(shù)的單調(diào)性與極值 A 級(jí) 1.函數(shù)f(x)=(x-3)ex的單調(diào)遞增區(qū)間是(  ) A.(-∞,2)       B.(0,3) C.(1,4) D.(2,+∞) 2.(2020·陜西卷)設(shè)函數(shù)f(x)=+ln x,則(  ) A.x=為f(x)的極大值點(diǎn) B.x=為f(x)的極小值點(diǎn) C.x=2為f(x)的極大值點(diǎn) D.x=2為f(x)的極小值點(diǎn) 3.(2020·長(zhǎng)春名校聯(lián)考)已知定義在R上的函數(shù)f(x),其導(dǎo)函數(shù)f′(x)的大致圖象如圖所示,則下列敘述正確的是(  ) A.f(b)>f(c)>f(d) B.f(b)>f(a)>f(e) C.f(c)>f(b)>f(a) D.f(c)>f(e)>f(d) 4.(2020·長(zhǎng)春市調(diào)研)若a>2,則函數(shù)f(x)=x3-ax2+1在(0,2)內(nèi)零點(diǎn)的個(gè)數(shù)為(  ) A.3 B.2 C.1 D.0 5.定義域?yàn)?-∞,0)∪(0,+∞)的偶函數(shù)f(x)在區(qū)間(0,+∞)上的圖象如圖所示,則不等式f(x)f′(x)>0的解集是(  ) A.(-∞,0)∪(0,1) B.(-1,0)∪(1,+∞) C.(-∞,-1)∪(1,+∞) D.(-1,0)∪(0,1) 6.(2020·棗莊模擬)若函數(shù)f(x)=在x=1處取得極值,則a=________. 7.已知函數(shù)f(x)=x3+mx2+(m+6)x+1既存在極大值又存在極小值,則實(shí)數(shù)m的取值范圍是________. 8.(2020·長(zhǎng)春模擬)已知函數(shù)f(x)=x3+3mx2+nx+m2在x=-1時(shí)有極值0,則m+n=________. 9.已知函數(shù)f(x)=aln x+x在區(qū)間[2,3]上單調(diào)遞增,則實(shí)數(shù)a的取值范圍是________. 10.已知函數(shù)f(x)=+ln x(a≠0,a∈R).求函數(shù)f(x)的極值和單調(diào)區(qū)間. 11.已知函數(shù)f(x)=ax2+bln x在x=1處有極值. (1)求a,b的值; (2)判斷函數(shù)y=f(x)的單調(diào)性并求出單調(diào)區(qū)間. B 級(jí) 1.(2020·重慶卷)設(shè)f(x)=aln x++x+1,其中a∈R,曲線y=f(x)在點(diǎn)(1,f(1))處的切線垂直于y軸. (1)求a的值; (2)求函數(shù)f(x)的極值. 2.已知函數(shù)f(x)=-2x2+ln x,其中a為常數(shù). (1)若a=1,求函數(shù)f(x)的單調(diào)區(qū)間; (2)若函數(shù)f(x)在區(qū)間[1,2]上為單調(diào)函數(shù),求a的取值范圍. 詳解答案 課時(shí)作業(yè)(五十三) A 級(jí) 1.D f′(x)=ex+(x-3)ex=(x-2)ex.由f′(x)>0得x>2. 2.D ∵f(x)=+ln x(x>0),∴f′(x)=-+. 由f′(x)=0解得x=2.當(dāng)x>2時(shí),f(x)>0,當(dāng)x<2時(shí),f(x)<0. 3.C 依題意得,當(dāng)x∈(-∞,c)時(shí),f′(x)>0;當(dāng)x∈(c,e)時(shí),f′(x)<0;當(dāng)x∈(e,+∞)時(shí),f′(x)>0.因此,函數(shù)f(x)在(-∞,c)上是增函數(shù),在(c,e)上是減函數(shù),在(e,+∞)上是增函數(shù),又a<b<c,所以f(c)>f(b)>f(a),選C. 4.C 依題意得f′(x)=x2-2ax,由a>2可知,f′(x)在x∈(0,2)時(shí)恒為負(fù),即f(x)在(0,2)內(nèi)單調(diào)遞減,又f(0)=1>0,f(2)=-4a+1<0,因此f(x)在(0,2)內(nèi)只有一個(gè)零點(diǎn),故選C. 5.B f(x)圖象如圖 ①當(dāng)x>0,f′(x)>0,若f(x)·f′(x)>0,則只需f(x)>0,由圖得x∈(1,+∞). ②當(dāng)x<0,f′(x)<0,若f(x)·f′(x)>0,則只需f(x)<0,由圖得x∈(-1,0). 綜上,x∈(-1,0)∪(1,+∞). 6.解析: f′(x)=,f′(1)==0?a=3. 答案: 3 7.解析: f′(x)=3x2+2mx+m+6=0有兩個(gè)不等實(shí)根,即Δ=4m2-12×(m+6)>0.∴m>6或m<-3. 答案: (-∞,-3)∪(6,+∞) 8.解析: ∵f′(x)=3x2+6mx+n, ∴由已知可得, ∴或, 當(dāng)時(shí),f′(x)=3x2+6x+3=3(x+1)2≥0恒成立與x=-1是極值點(diǎn)矛盾, 當(dāng)時(shí),f′(x)=3x2+12x+9=3(x+1)(x+3), 顯然x=-1是極值點(diǎn),符合題意,∴m+n=11. 答案: 11 9.解析: ∵f(x)=aln x+x,∴f′(x)=+1. 又∵f(x)在[2,3]上單調(diào)遞增,∴+1≥0在x∈[2,3]上恒成立, ∴a≥(-x)max=-2,∴a∈[-2,+∞). 答案: [-2,+∞) 10.解析: 因?yàn)閒′(x)=-+=, 令f′(x)=0,得x=1, 又f(x)的定義域?yàn)?0,+∞), f′(x),f(x)隨x的變化情況如下表: x (0,1) 1 (1,+∞) f′(x) - 0 + f(x)  極小值  所以x=1時(shí),f(x)的極小值為1. f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為(1,+∞),單調(diào)遞減區(qū)間為(0,1). 11.解析: (1)f′(x)=2ax+.又f(x)在x=1處有極值. ∴即解之得a=且b=-1. (2)由(1)可知f(x)=x2-ln x,其定義域是(0,+∞), 且f′(x)=x-=. 由f′(x)<0,得0<x<1;由f′(x)>0,得x>1. 所以函數(shù)y=f(x)的單調(diào)減區(qū)間是(0,1). 單調(diào)增區(qū)間是(1,+∞). B 級(jí) 1.解析: (1)因?yàn)閒(x)=aln x++x+1,故f′(x)=-+. 由于曲線y=f(x)在點(diǎn)(1,f(1))處的切線垂直于y軸,故該切線斜率為0,即f′(1)=0,從而a-+=0,解得a=-1. (2)由(1)知f(x)=-ln x++x+1(x>0), f′(x)=--+==. 令f′(x)=0,解得x1=1,x2=- . 當(dāng)x∈(0,1)時(shí),f′(x)<0,故f(x)在(0,1)上為減函數(shù); 當(dāng)x∈(1,+∞)時(shí),f′(x)>0,故f(x)在(1,+∞)上為增函數(shù). 故f(x)在x=1處取得極小值f(1)=3. 2.解析: (1)若a=1時(shí),f(x)=3x-2x2+ln x,定義域?yàn)?0,+∞), f′(x)=-4x+3==(x>0). 當(dāng)f′(x)>0,x∈(0,1)時(shí),函數(shù)f(x)=3x-2x2+ln x單調(diào)遞增. 當(dāng)f′(x)<0,x∈(1,+∞)時(shí),函數(shù)f(x)=3x-2x2+ln x單調(diào)遞減. 故函數(shù)f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為(0,1), 單調(diào)遞減區(qū)間為(1,+∞). (2)f′(x)=-4x+, 若函數(shù)f(x)在區(qū)間[1,2]上為單調(diào)函數(shù), 即在[1,2]上,f′(x)=-4x+≥0或f′(x)=-4x+≤0, 即-4x+≥0或-4x+≤0在[1,2]上恒成立. 即≥4x-或≤4x-. 令h(x)=4x-,因?yàn)楹瘮?shù)h(x)在[1,2]上單調(diào)遞增, 所以≥h(2)或≤h(1),即≥或≤3, 解得a<0或0<a≤或a≥1.

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