2020屆高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 滾動檢測五(1-8章)(規(guī)范卷)文(含解析) 新人教A版
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2020屆高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 滾動檢測五(1-8章)(規(guī)范卷)文(含解析) 新人教A版
滾動檢測五(1~8章)(規(guī)范卷)
考生注意:
1.本試卷分第Ⅰ卷(選擇題)和第Ⅱ卷(非選擇題)兩部分,共4頁.
2.答卷前,考生務(wù)必用藍、黑色字跡的鋼筆或圓珠筆將自己的姓名、班級、學(xué)號填寫在相應(yīng)位置上.
3.本次考試時間120分鐘,滿分150分.
4.請在密封線內(nèi)作答,保持試卷清潔完整.
第Ⅰ卷(選擇題 共60分)
一、選擇題(本題共12小題,每小題5分,共60分.在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的)
1.已知集合A={x|x2>x,x∈R},B=,則?R(A∩B)等于( )
A. B.
C. D.
答案 C
解析 ∵A==,
B=,
∴A∩B={x|1<x<2,x∈R},
則?R(A∩B)={x|x≤1或x≥2}.
2.若z1=(1-i)2,z2=1+i,則等于( )
A.1+iB.-1+iC.1-iD.-1-i
答案 D
解析 ∵z1=(1-i)2=-2i,z2=1+i,
∴====-1-i.
3.設(shè)向量a=(x-1,x),b=(x+2,x-4),則“a⊥b”是“x=2”的( )
A.充分不必要條件 B.必要不充分條件
C.充要條件 D.既不充分也不必要條件
答案 B
解析 由a⊥b?x=2,
由x=2?a⊥b,故選B.
4.實數(shù)x,y,k滿足z=x2+y2,若z的最大值為13,則k的值為( )
A.1B.2C.3D.4
答案 B
解析 作出滿足約束條件的平面區(qū)域如圖陰影部分所示,
z=x2+y2的最大值為13,即|OA|2=13,而A(k,k+1),所以k2+(k+1)2=13,解得k=2或k=-3(舍去).
5.某幾何體的三視圖如圖所示,數(shù)量單位為cm,它的體積是( )
A.cm3 B.cm3
C.cm3 D.cm3
答案 C
解析 如圖所示,三視圖還原成直觀圖為底面為直角梯形的四棱錐,
V=Sh=××(2+4)×3×=(cm3).
6.設(shè)a=20.1,b=ln,c=log3,則a,b,c的大小關(guān)系是( )
A.a(chǎn)>b>c B.a(chǎn)>c>b
C.b>a>c D.b>c>a
答案 A
解析 a=20.1>20=1,b=ln<lne=1,即0<b<1,c=log3<log31=0,
∴c<b<a.
7.若a>0,b>0,ab=a+b+1,則a+2b的最小值為( )
A.3+3 B.3-3
C.3+ D.7
答案 D
解析 當(dāng)b=1時,代入等式a=a+2不成立,因而b≠1,
所以ab-a=b+1.
a==1+,所以a+2b=1++2b=3++2(b-1)≥3+2=3+2×2=7,當(dāng)且僅當(dāng)b=2時,取等號,
即最小值為7.
8.設(shè)D為△ABC中BC邊上的中點,且O為AD邊上靠近點A的三等分點,則( )
A.=-+
B.=-
C.=-
D.=-+
答案 A
解析 由平面向量基本定理可得,=-=-
=(+)-
=-+,故選A.
9.如圖,三棱錐A-BCD的棱長全相等,點E為棱AD的中點,則直線CE與BD所成角的余弦值為( )
A. B.
C. D.
答案 A
解析 方法一 取AB中點G,連接EG,CG.
∵E為AD的中點,∴EG∥BD.
∴∠GEC為CE與BD所成的角.設(shè)AB=1,
則EG=BD=,
CE=CG=,
∴cos∠GEC=
=
=.
方法二 設(shè)AB=1,則·=(-)·(-)=·(-)
=2-·-·+·
=-cos60°-cos60°+cos60°=.
∴cos〈,〉===,故選A.
10.已知函數(shù)f(x)=sin2x-cos2x的圖象在區(qū)間和上均單調(diào)遞增,則正數(shù)a的取值范圍是( )
A. B.
C. D.
答案 B
解析 f(x)=sin2x-cos2x=2sin,
由2kπ-≤2x-≤2kπ+(k∈Z),得kπ-≤x≤kπ+(k∈Z),
因為函數(shù)f(x)在區(qū)間和上均單調(diào)遞增,
解得≤a<.
11.如圖,在棱長為1的正方體ABCD-A1B1C1D1中,點P在線段AD1上運動,則下列命題錯誤的是( )
A.異面直線C1P和CB1所成的角為定值
B.直線CD和平面BPC1平行
C.三棱錐D-BPC1的體積為定值
D.直線CP和平面ABC1D1所成的角為定值
答案 D
解析 選項A:∵在棱長為1的正方體ABCD-A1B1C1D1中,點P在線段AD1上運動,易得CB1⊥平面ABC1D1,∵C1P?平面ABC1D1,∴CB1⊥C1P,故這兩個異面直線所成的角為定值90°,故A正確;
選項B:直線CD和平面ABC1D1平行,∴直線CD和平面BPC1平行,故B正確;
選項C:三棱錐D-BPC1的體積等于三棱錐P-DBC1的體積,而平面DBC1為固定平面且大小一定,∵P∈AD1,而AD1∥平面BDC1,∴點A到平面DBC1的距離即為點P到該平面的距離,∴三棱錐的體積為定值,故C正確;
選項D:由線面夾角的定義,令BC1與B1C的交點為O,可得∠CPO即為直線CP和平面ABC1D1所成的角,當(dāng)P移動時這個角是變化的,故D錯誤.
12.若曲線y=x2與曲線y=alnx在它們的公共點P處具有公共切線,則實數(shù)a等于( )
A.1B.C.-1D.2
答案 A
解析 曲線y=x2的導(dǎo)數(shù)為y′=,在P(s,t)處的切線斜率為k1=.
曲線y=alnx的導(dǎo)數(shù)為y′=,在P(s,t)處的切線斜率為k2=.
由曲線y=x2與曲線y=alnx在它們的公共點P(s,t)處具有公共切線,
可得=,并且t=s2,t=alns,
即∴l(xiāng)ns=,∴s2=e.
可得a===1.
第Ⅱ卷(非選擇題 共90分)
二、填空題(本題共4小題,每小題5分,共20分.把答案填在題中橫線上)
13.在△ABC中,a=3,b=,∠A=,則∠B=__________________.
答案
解析 由正弦定理,得=,即=,
所以sinB=,
又因為b<a,所以B<A,所以∠B=.
14.完成下面的三段論:
大前提:兩個共軛復(fù)數(shù)的乘積是實數(shù).
小前提:x+yi與x-yi(x,y∈R)互為共軛復(fù)數(shù).
結(jié)論:________________________________________________________________________.
答案 (x+yi)·(x-yi)(x,y∈R)是實數(shù)
解析 “三段論”可表示為①大前提:M是P;②小前提:S是M;③結(jié)論:所以S是P,故該題結(jié)論可表示為(x+yi)·(x-yi)(x,y∈R)是實數(shù).
15.甲乙兩地相距500km,汽車從甲地勻速行駛到乙地,速度v不能超過120km/h.已知汽車每小時運輸成本為元,則全程運輸成本與速度的函數(shù)關(guān)系是y=__________________,當(dāng)汽車的行駛速度為________km/h時,全程運輸成本最?。?
答案 18v+(0<v≤120) 100
解析 ∵甲乙兩地相距500 km,
故汽車從甲地勻速行駛到乙地的時間為小時,
又由汽車每小時運輸成本為元,
則全程運輸成本與速度的函數(shù)關(guān)系是y=·=18v+(0<v≤120),
由基本不等式得18v+≥2=3 600,
當(dāng)且僅當(dāng)18v=,即v=100時等號成立.
16.已知兩個非零向量a,b滿足|a+b|=|a-b|,則下列結(jié)論正確的是________.(填序號)
①a∥b;②a⊥b;③|a|=|b|;④a+b=a-b.
答案?、?
解析 根據(jù)向量加法、減法的幾何意義可知,|a+b|與|a-b|分別為以向量a,b為鄰邊的平行四邊形的兩條對角線的長,因為|a+b|=|a-b|,所以該平行四邊形為矩形,所以a⊥b.
三、解答題(本題共6小題,共70分.解答應(yīng)寫出文字說明、證明過程或演算步驟)
17.(10分)設(shè)f(x)是定義在R上的偶函數(shù),當(dāng)0≤x≤1時,f(x)=-x+1;當(dāng)x>1時,f(x)=log2x.
(1)在平面直角坐標系中直接畫出函數(shù)y=f(x)在R上的草圖;
(2)當(dāng)x∈(-∞,-1)時,求滿足方程f(x)+log4(-x)=6的x的值;
(3)求y=f(x)在[0,t](t>0)上的值域.
解 (1)
(2)當(dāng)x∈(-∞,-1)時,f(x)=log2(-x),∴f(x)+log4(-x)=log2(-x)+
=log2(-x)=6,即log2(-x)=4,即-x=24,得x=-16.
(3)當(dāng)0<t≤1時,值域為[-t+1,1];
當(dāng)1<t≤2時,值域為[0,1],
當(dāng)t>2時,值域為[0,log2t].
18.(12分)如圖,△ABC是等邊三角形,D是BC邊上的動點(含端點),記∠BAD=α,∠ADC=β.
(1)求2cosα-cosβ的最大值;
(2)若BD=1,cosβ=,求△ABD的面積.
解 (1)由△ABC是等邊三角形,得β=α+,
0≤α≤,故2cos α-cos β=2cos α-cos
=sin,
故當(dāng)α=,即D為BC中點時,原式取最大值.
(2)由cos β=,得sin β=,
故sin α=sin=sin βcos-cos βsin=,
由正弦定理得=,
故AB=·BD=×1=,
故S△ABD=AB·BD·sin B=××1×=.
19.(12分)已知數(shù)列{an}的前n項和為Sn,且an+1=1+Sn對一切正整數(shù)n恒成立.
(1)試求當(dāng)a1為何值時,數(shù)列{an}是等比數(shù)列,并求出它的通項公式;
(2)在(1)的條件下,當(dāng)n為何值時,數(shù)列的前n項和Tn取得最大值?
解 (1)由an+1=1+Sn得,當(dāng)n≥2時,an=1+Sn-1,
兩式相減得,an+1=2an,
因為數(shù)列{an}是等比數(shù)列,所以a2=2a1,
又因為a2=1+S1=1+a1,所以a1=1,
所以an=2n-1.
(2)由于y=2n-1在R上是一個增函數(shù),
可得數(shù)列是一個遞減數(shù)列,
所以lg >lg >lg >…>lg >0>lg >…,
由此可知當(dāng)n=9時,數(shù)列的前n項和Tn取最大值.
20.(12分)設(shè)函數(shù)f(x)=x2-3x.
(1)若不等式f(x)≥m對任意x∈[0,1]恒成立,求實數(shù)m的取值范圍;
(2)在(1)的條件下,當(dāng)m取最大值時,設(shè)x>0,y>0且2x+4y+m=0,求+的最小值.
解 (1)因為函數(shù)f(x)=x2-3x的對稱軸為x=,且開口向上,
所以f(x)=x2-3x在x∈[0,1]上單調(diào)遞減,
所以f(x)min=f(1)=1-3=-2,
所以m≤-2.
(2)根據(jù)題意,由(1)可得m=-2,
即2x+4y-2=0.所以x+2y=1.
因為x>0,y>0,
則+=(x+2y)=3++
≥3+2 =3+2,
當(dāng)且僅當(dāng)=,即x=-1,y=1-時,等號成立.
所以+的最小值為3+2.
21.(12分)如圖,在四棱錐P-ABCD中,平面PAD⊥平面ABCD,底面ABCD為梯形,AB∥CD,AB=2DC=2,且△PAD與△ABD均為正三角形,E為AD的中點,G為△PAD的重心.
(1)求證:GF∥平面PDC;
(2)求三棱錐G—PCD的體積.
(1)證明 方法一 連接AG并延長交PD于點H,連接CH.
由梯形ABCD中AB∥CD且AB=2DC知,=.
又E為AD的中點,G為△PAD的重心,∴=.
在△AHC中,==,故GF∥HC.
又HC?平面PCD,GF?平面PCD,
∴GF∥平面PDC.
方法二 過G作GN∥AD交PD于N,過F作FM∥AD交CD于M,連接MN,
∵G為△PAD的重心,
∴==,
∴GN=ED=.
又ABCD為梯形,AB∥CD,
=,∴=,
∴=,∴MF=,∴GN=FM.
又由所作GN∥AD,F(xiàn)M∥AD,得GN∥FM,
∴四邊形GNMF為平行四邊形.
∴GF∥MN,又∵GF?平面PCD,MN?平面PCD,
∴GF∥平面PDC.
方法三 過G作GK∥PD交AD于K,連接KF,
由△PAD為正三角形,E為AD的中點,G為△PAD的重心,得DK=DE,
∴DK=AD,
又由梯形ABCD中AB∥CD,且AB=2DC,
知=,即FC=AC,
∴在△ADC中,KF∥CD,
又∵GK∩KF=K,PD∩CD=D,
∴平面GKF∥平面PDC,
又GF?平面GKF,∴GF∥平面PDC.
(2)解 方法一 由平面PAD⊥平面ABCD,△PAD與△ABD均為正三角形,E為AD的中點,知PE⊥AD,
BE⊥AD,
又∵平面PAD∩平面ABCD=AD,PE?平面PAD,
∴PE⊥平面ABCD,且PE=3,
由(1)知GF∥平面PDC,
∴==
=×PE×.
又由梯形ABCD中AB∥CD,且AB=2DC=2,
知DF=BD=,
又△ABD為正三角形,得∠CDF=∠ABD=60°,
∴S△CDF=×CD×DF×sin∠CDF=,
得=×PE×S△CDF=,
∴三棱錐G—PCD的體積為.
方法二 由平面PAD⊥平面ABCD,△PAD與△ABD均為正三角形,E為AD的中點,知
PE⊥AD,BE⊥AD,
又∵平面PAD∩平面ABCD=AD,PE?平面PAD,
∴PE⊥平面ABCD,且PE=3,
連接CE,∵PG=PE,
∴V三棱錐G—PCD=V三棱錐E—PCD=V三棱錐P—CDE
=××PE×S△CDE,
又△ABD為正三角形,得∠EDC=120°,
得S△CDE=×CD×DE×sin∠EDC=.
∴V三棱錐G—PCD=××PE×S△CDE
=××3×=,
∴三棱錐G—PCD的體積為.
22.(12分)已知函數(shù)f(x)=ax+1-xlnx的圖象在x=1處的切線與直線x-y=0平行.
(1)求函數(shù)f(x)的極值;
(2)若?x1,x2∈(0,+∞),>m(x1+x2),求實數(shù)m的取值范圍.
解 (1)f(x)=ax+1-xln x的導(dǎo)數(shù)為f′(x)=a-1-ln x,
可得f(x)的圖象在A(1,f(1))處的切線斜率為a-1,
由切線與直線x-y=0平行,可得a-1=1,
即a=2,f(x)=2x+1-xln x,
f′(x)=1-ln x,
由f′(x)>0,可得0<x<e,由f′(x)<0,可得x>e,
則f(x)在(0,e)上單調(diào)遞增,在(e,+∞)上單調(diào)遞減,
可得f(x)在x=e處取得極大值,且為e+1,無極小值.
(2)可設(shè)x1>x2,若?x1,x2∈(0,+∞),
由>m(x1+x2),
可得f(x1)-f(x2)>mx-mx,
即有f(x1)-mx>f(x2)-mx恒成立,
設(shè)g(x)=f(x)-mx2在(0,+∞)為增函數(shù),
即有g(shù)′(x)=1-ln x-2mx≥0在(0,+∞)上恒成立,
可得2m≤在(0,+∞)上恒成立,
設(shè)h(x)=,則h′(x)=,
令h′(x)=0,可得x=e2,
h(x)在(0,e2)上單調(diào)遞減,在(e2,+∞)上單調(diào)遞增,
即有h(x)在x=e2處取得極小值-,且為最小值,
可得2m≤-,
解得m≤-.
則實數(shù)m的取值范圍是.
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