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2014年高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 考點(diǎn)熱身訓(xùn)練 5.2數(shù)列綜合應(yīng)用

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2014年高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 考點(diǎn)熱身訓(xùn)練 5.2數(shù)列綜合應(yīng)用

2014年高考一輪復(fù)習(xí)考點(diǎn)熱身訓(xùn)練:5.2數(shù)列綜合應(yīng)用 一、選擇題(每小題6分,共36分) 1.(2013·沈陽模擬)設(shè)數(shù)列{(-1)n}的前n項(xiàng)和為Sn,則對任意正整數(shù)n,Sn=( ) () (B) (C) (D) 2.?dāng)?shù)列{an}、{bn}都是等差數(shù)列,a1=5,b1=7,且a20+b20=60,則{an+bn}的前20項(xiàng)和為( ) ()700 (B)710 (C)720 (D)730 3.(易錯(cuò)題)已知數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式(n∈N*),設(shè){an}的前n項(xiàng)和為Sn,則使Sn<-5成立的自然數(shù)n( ) ()有最大值63 (B)有最小值63 (C)有最大值31 (D)有最小值31 4.已知實(shí)數(shù)等比數(shù)列{an}中,Sn是它的前n項(xiàng)和.若a2·a3=2a1,且a4與2a7的等差中項(xiàng)為,則S5等于( ) ()35 (B)33 (C)31 (D)29 5.已知數(shù)列{an}、{bn}都是公差為1的等差數(shù)列,其首項(xiàng)分別為a1、b1,且a1+b1=5,a1>b1,a1、b1∈N*(n∈N*),則數(shù)列的前10項(xiàng)的和等于( ) ()65 (B)75 (C)85 (D)95 6.(2012·合肥模擬)已知數(shù)列{an}為等差數(shù)列,若<-1,且它們的前n項(xiàng)和Sn有最大值,則使得Sn<0的n的最小值為( ) ()11 (B)19 (C)20 (D)21 二、填空題(每小題6分,共18分) 7.設(shè)若則n的值為________. 8.設(shè)Sn是數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和,若(n∈N*)是非零常數(shù),則稱數(shù)列{an}為“和等比數(shù)列”.若數(shù)列是首項(xiàng)為2,公比為4的等比數(shù)列,則數(shù)列{bn}________(填“是”或“不是”)“和等比數(shù)列”. 9.某科研單位欲拿出一定的經(jīng)費(fèi)獎(jiǎng)勵(lì)科研人員,第1名得全部資金的一半多一萬元,第2名得剩下的一半多一萬元,以名次類推都得到剩下的一半多一萬元,到第10名恰好資金分完,則此科研單位共拿出________萬元資金進(jìn)行獎(jiǎng)勵(lì). 三、解答題(每小題15分,共30分) 10.(預(yù)測題)已知各項(xiàng)都不相等的等差數(shù)列{an}的前6項(xiàng)和為60,且a6為a1和a21的等比中項(xiàng). (1)求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式; (2)若數(shù)列{bn}滿足bn+1-bn=an(n∈N*),且b1=3,求數(shù)列的前n項(xiàng)和Tn. 11.(預(yù)測題)設(shè)數(shù)列{an}(n=1,2,…)是等差數(shù)列,且公差為d,若數(shù)列{an}中任意(不同)兩項(xiàng)之和仍是該數(shù)列中的一項(xiàng),則稱該數(shù)列是“封閉數(shù)列”. (1)若a1=4,d=2,求證:該數(shù)列是“封閉數(shù)列”. (2)若an=2n-7(n∈N*),試判斷數(shù)列{an}是否是“封閉數(shù)列”,為什么? (3)設(shè)Sn是數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和,若公差d=1,a1>0,試問:是否存在這樣的“封閉數(shù)列”,使若存在,求{an}的通項(xiàng)公式;若不存在,說明理由. 【探究創(chuàng)新】 (16分)已知數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn,對一切正整數(shù)n,點(diǎn)Pn(n,Sn)都在函數(shù)f(x)=x2+2x的圖象上,且在點(diǎn)Pn(n,Sn)處的切線的斜率為kn. (1)求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式; (2)若,求數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)和Tn. 答案解析 1.【解析】選D.∵數(shù)列{(-1)n}是首項(xiàng)與公比均為-1的等比數(shù)列, ∴. 2.【解題指南】根據(jù)等差數(shù)列的性質(zhì)可知,{}仍然是等差數(shù)列,所以利用等差數(shù)列的求和公式求解即可. 【解析】選C.由題意知{}也為等差數(shù)列,所以{an+bn}的前20項(xiàng)和為: 3.【解析】選B. = ∴∴n+2>26,∴n>62. 又n∈N*,∴n有最小值63. 4.【解析】選C.由a2·a3=a1·a4=2a1得a4=2, 又a4+2a7=,∴a7=, 設(shè)等比數(shù)列{an}的公比為q,則a7=, ∴,∴q=,a1=16, ∴. 5.【解析】選C.應(yīng)用等差數(shù)列的通項(xiàng)公式得 an=a1+n-1,bn=b1+n-1, ∴ , ∴數(shù)列也是等差數(shù)列,且前10項(xiàng)和為. 【方法技巧】構(gòu)造等差數(shù)列求解 在等差數(shù)列相關(guān)問題中,有些數(shù)列不能直接利用等差數(shù)列的性質(zhì)和求和公式,但是通過對數(shù)列變形可以構(gòu)造成等差數(shù)列. (1)由遞推公式構(gòu)造等差數(shù)列 一般是從研究遞推公式的特點(diǎn)入手,如遞推公式an+1=2an+3·2n+1的特點(diǎn)是除以2n+1就可以得到下標(biāo)和指數(shù)相同了,從而構(gòu)造成等差數(shù)列{}. (2)由前n項(xiàng)和Sn構(gòu)造等差數(shù)列. (3)由并項(xiàng)、拆項(xiàng)構(gòu)造等差數(shù)列. 6.【解題指南】解答本題首先要搞清條件“”及“Sn有最大值”如何使用,從而列出關(guān)于a1,d的不等式組,求出的取值范圍,進(jìn)而求出使得Sn<0的n的最小值. 【解析】選C.方法一:由題意知d<0,a10>0,a11<0,a10+a11<0, 由得. ∵ 由Sn=0得n=0或 ∵ ∴Sn<0的解集為{n∈N*|} 故使得Sn<0的n的最小值為20. 方法二:由題意知d<0,a10>0,a11<0,a10+a11<0, 由a10>0知S19>0,由a11<0知S21<0, 由a10+a11<0知S20<0,故選C. 7.【解析】, ∴ 解得n=6. 答案:6 8.【解題指南】解決本題的關(guān)鍵是正確理解“和等比數(shù)列”的定義,然后求解. 【解析】數(shù)列是首項(xiàng)為2,公比為4的等比數(shù)列,所以 設(shè)數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)和為Tn,則Tn=n2,T2n=4n2,所以=4,因此數(shù)列{bn}是“和等比數(shù)列”. 答案:是 9.【解析】設(shè)第10名到第1名得到的獎(jiǎng)金數(shù)分別是a1,a2,…,a10, 則 則 即an=2an-1, 因此每人得的獎(jiǎng)金額組成以2為首項(xiàng),以2為公比的等比數(shù)列, 所以 答案:2 046 10.【解析】(1)設(shè)等差數(shù)列{an}的公差為d(d≠0), 則 解得∴an=2n+3. (2)由bn+1-bn=an, ∴bn-bn-1=an-1(n≥2,n∈N*), bn=(bn-bn-1)+(bn-1-bn-2)+…+(b2-b1)+b1 =an-1+an-2+…+a1+b1=n(n+2) 當(dāng)n=1時(shí),b1=3也適合上式, ∴bn=n(n+2)(n∈N*). ∴ . 11.【解析】(1)an=4+(n-1)·2=2n+2, 對任意的m,n∈N*,有am+an=(2m+2)+(2n+2)=2(m+n+1)+2, ∵m+n+1∈N*于是,令p=m+n+1,則有ap=2p+2∈{an}. (2)∵a1=-5,a2=-3,∴a1+a2=-8,令an=a1+a2=-8,即2n-7=-8解得n=-,所以數(shù)列{an}不是封閉數(shù)列. (3)由{an}是“封閉數(shù)列”,得:對任意m,n∈N*,必存在p∈N*使a1+(n-1)+a1+(m-1) =a1+(p-1)成立,于是有a1=p-m-n+1為整數(shù), 又∵a1>0,∴a1是正整數(shù). 若a1=1,則所以不符合題意, 若a1=2,則所以 =而 所以符合題意, 若a1=3,則所以 = 綜上所述,a1=2時(shí)存在數(shù)列{an}是“封閉數(shù)列”,此時(shí)an=n+1(n∈N*). 【探究創(chuàng)新】 【解題指南】(1)將點(diǎn)Pn代入函數(shù)f(x)后,利用Sn與an的關(guān)系,求得an; (2)先求f(x)在點(diǎn)Pn處的斜率kn,代入bn后利用錯(cuò)位相減法求出Tn. 【解析】 (1)∵點(diǎn)Pn(n,Sn)在函數(shù)f(x)=x2+2x的圖象上, ∴Sn=n2+2n(n∈N*) 當(dāng)n≥2時(shí),an=Sn-Sn-1=2n+1, 當(dāng)n=1時(shí),a1=S1=3滿足上式, 所以數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式為an=2n+1. (2)由f(x)=x2+2x,求導(dǎo)得f′(x)=2x+2. ∵在點(diǎn)Pn(n,Sn)處的切線的斜率為kn, ∴kn=2n+2, ∴bn= ∴Tn=4×3×4+4×5×42+4×7×43+…+4×(2n+1)×4n, 用錯(cuò)位相減法可求得 【變式備選】已知等差數(shù)列{an}滿足:an+1>an(n∈N*),a1=1,該數(shù)列的前三項(xiàng)分別加上1,1,3后順次成為等比數(shù)列{bn}的前三項(xiàng). (1)分別求數(shù)列{an},{bn}的通項(xiàng)公式an,bn. (2)設(shè)(n∈N*),若<c(c∈Z)恒成立,求c的最小值. 【解析】(1)設(shè)d、q分別為數(shù)列{an}、數(shù)列{bn}的公差與公比. 由題意知,a1=1,a2=1+d,a3=1+2d,分別加上1,1,3后得2,2+d,4+2d是等比數(shù)列{bn}的前三項(xiàng), ∴(2+d)2=2(4+2d)?d=±2. ∵an+1>an,∴d>0. ∴d=2,∴an=2n-1(n∈N*). 由此可得b1=2,b2=4,q=2,[ ∴bn=2n(n∈N*). (2)Tn= ① 當(dāng)n=1時(shí),當(dāng)n≥2時(shí), ② ①-②,得. ∴ ∴ ∵(3-)∈[2,3), ∴滿足條件(c∈Z)恒成立的c的最小整數(shù)值為3.

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