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(浙江專用)2014屆高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí)方案 滾動基礎(chǔ)訓(xùn)練卷(7) 理 (含解析)

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(浙江專用)2014屆高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí)方案 滾動基礎(chǔ)訓(xùn)練卷(7) 理 (含解析)

45分鐘滾動基礎(chǔ)訓(xùn)練卷(七) (考查范圍:第27講~第31講 分值:100分)                     一、選擇題(本大題共8小題,每小題5分,共40分,在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的) 1.在等差數(shù)列{an}中,a2=4,a6=12,則數(shù)列{an}的前10項的和為(  ) A.100 B.110 C.120 D.130 2.已知等比數(shù)列{an}中,a1=2,且有a4a6=4a,則a3=(  ) A.1 B.2 C. D. 3.在等差數(shù)列{an}中,已知a6=5,Sn是數(shù)列{an}的前n項和,則S11=(  ) A.45 B.50 C.55 D.60 4.已知數(shù)列{an}為等比數(shù)列,Sn是它的前n項和.若a2·a3=2a1,且a4與2a7的等差中項為,則S5=(  ) A.35 B.33 C.31 D.29 5.設(shè)等比數(shù)列的公比為q,前n項和為Sn,若Sn,Sn+1,Sn+2成等差數(shù)列,則公比q(  ) A.等于-2 B.等于1 C.等于1或-2 D.不存在 6.已知等比數(shù)列{an}中,公比q>1,且a1+a6=8,a3a4=12,則=(  ) A.2 B.3 C.6 D.3或6 7.若等比數(shù)列{an}的前n項和Sn=a·3n-2,則a2=(  ) A.4 B.12 C.24 D.36 8.?dāng)?shù)列{an}的前n項和為Sn,若Sn=2an-1(n∈N*),則Tn=++…+的結(jié)果可化為(  ) A.1- B.1- C. D. 二、填空題(本大題共3小題,每小題6分,共18分) 9.[2012·江西卷] 設(shè)數(shù)列{an},{bn}都是等差數(shù)列.若a1+b1=7,a3+b3=21,則a5+b5=________. 10.設(shè)數(shù)列{an}的前n項和為Sn,已知數(shù)列{Sn}是首項和公比都是3的等比數(shù)列,則{an}的通項公式an=________. 11.某數(shù)表中的數(shù)按一定規(guī)律排列,如下表所示,從左至右以及從上到下都是無限的.此表中,主對角線上數(shù)列1,2,5,10,17,…的通項公式an=________. 1 1 1 1 1 1 … 1 2 3 4 5 6 … 1 3 5 7 9 11 … 1 4 7 10 13 16 … 1 5 9 13 17 21 … … … … … … … … 三、解答題(本大題共3小題,每小題14分,共42分,解答應(yīng)寫出文字說明,證明過程或演算步驟) 12.等差數(shù)列{an}的公差為-2,且a1,a3,a4成等比數(shù)列. (1)求數(shù)列{an}的通項公式; (2)設(shè)bn=(n∈N*),求數(shù)列{bn}的前n項和Sn. 13.已知等差數(shù)列{an}的公差大于0,且a3,a5是方程x2-14x+45=0的兩個根,數(shù)列{bn}的前n項和為Sn,且Sn=(n∈N*). (1)求數(shù)列{an},{bn}的通項公式; (2)若cn=an·bn,求數(shù)列{cn}的前n項和Tn. 14.[2013·溫州十校聯(lián)考] 設(shè)數(shù)列{an}的前n項和為Sn,滿足2Sn=an+1-2n+1+1(n∈N*),且a1,a2+5,a3成等差數(shù)列. (1)求a1的值; (2)若數(shù)列{bn}滿足bn=an+2n,求證數(shù)列{bn}是等比數(shù)列; (3)求滿足an>×3n的最小正整數(shù)n. 45分鐘滾動基礎(chǔ)訓(xùn)練卷(七) 1.B [解析] 設(shè)數(shù)列{an}的公差為d,則解得a1=2,d=2,則數(shù)列{an}的前10項的和為S10=10×2+×2=110,故選B. 2.A [解析] 設(shè)數(shù)列{an}的公比為q,則a1q3·a1q5=4(a1q6)2,即q4=,q2=,則a3=a1q2=1,故選A. 3.C [解析] S11===55,故選C. 4.C [解析] 設(shè)數(shù)列{an}的公比為q,則解得∴S5==31,故選C. 5.B [解析] 依題意有2Sn+1=Sn+Sn+2,當(dāng)q≠1時,有2a1(1-qn+1)=a1(1-qn)+a1(1-qn+2), 解得q=1,但q≠1,所以方程無解;當(dāng)q=1時,滿足條件,故選B. 6.B [解析] 因為{an}是等比數(shù)列,所以a1a6=a3a4=12,結(jié)合a1+a6=8和q>1解得a1=2,a6=6,所以q5==3,==q5=3,故選B. 7.B [解析] a1=3a-2,a1+a2=9a-2,a1+a2+a3=27a-2, 解得a2=6a,a3=18a, 又由數(shù)列{an}是等比數(shù)列,得a=a1a3, 即(6a)2=(3a-2)·18a,解得a=2,所以a2=12,故選B. 8.C [解析] 由已知,有Sn=2an-1,Sn-1=2an-1-1(n≥2), 兩式相減,得an=2an-2an-1,即an=2an-1,∴數(shù)列{an}是公比為2的等比數(shù)列, 又S1=2a1-1,得a1=1, 則an=2n-1,=, ∴Tn=++…+=+++…+==,故選C. 9.35 [解析] 考查等差數(shù)列的定義、性質(zhì);解題的突破口是利用等差數(shù)列的性質(zhì),將問題轉(zhuǎn)化為研究數(shù)列的項與項數(shù)之間的關(guān)系. 方法一:設(shè)cn=an+bn,∵{an},{bn}是等差數(shù)列,∴{cn}是等差數(shù)列,設(shè)其公差為d,則c1=7,c3=c1+2d=21,解得d=7,因此,c5=a5+b5=7+(5-1)×7=35.故填35. 方法二:設(shè)cn=an+bn,∵{an},{bn}是等差數(shù)列,∴{cn}是等差數(shù)列, ∴2(a3+b3)=(a1+b1)+(a5+b5),即42=7+(a5+b5),因此a5+b5=42-7=35.故填35. 10. [解析] 由已知得Sn=3·3n-1=3n,所以a1=S1=3,當(dāng)n≥2時,an=Sn-Sn-1=3n-3n-1=2·3n-1,所以an= 11.n2-2n+2 [解析] 觀察數(shù)表的規(guī)律:第n行或第n列數(shù)組成首項為1,公差為n-1的等差數(shù)列,所求數(shù)列的通項即數(shù)表的第n行、第n列的數(shù)an為an=1+(n-1)(n-1)=n2-2n+2. 12.解:(1)由已知得a3=a1-4,a4=a1-6, 又a1,a3,a4成等比數(shù)列,所以(a1-4)2=a1(a1-6), 解得a1=8,所以an=10-2n. (2)由(1)可得bn===-, 所以Sn=b1+b2+…+bn =++…+=1-=. 13.解:(1)∵a3,a5是方程x2-14x+45=0的兩根,且數(shù)列{an}的公差d>0, ∴a3=5,a5=9,公差d==2. ∴數(shù)列{an}的通項公式an=a5+(n-5)d=2n-1. 又當(dāng)n=1時,有b1=S1=,∴b1==, 當(dāng)n≥2時,有bn=Sn-Sn-1=(bn-1-bn), ∴=(n≥2). ∴數(shù)列{bn}是首項b1=,公比q=的等比數(shù)列, ∴數(shù)列{bn}的通項公式bn=b1qn-1=. (2)由(1)知cn=anbn=, ∴Tn=+++…+,① Tn=+++…++,② ①-②得Tn=+++…+-=+2-, 整理,得數(shù)列{cn}的前n項和為Tn=1-. 14.解:(1)由題意,解得a1=1. (2)由2Sn=an+1-2n+1+1可得2Sn-1=an-2n+1(n≥2),兩式相減,可得2an=an+1-an-2n,即an+1=3an+2n, ====3(n≥2). 由2a1=a2-3可得a2=5, 所以b1=a1+2=3,b2=a2+22=9,=3, =3,所以數(shù)列{bn}是一個以3為首項,公比為3的等比數(shù)列. (3)由(2)知bn=3n,即an+2n=3n, 所以數(shù)列{an}的通項公式是an=3n-2n. 由=1->,即<,所以n≥4,所以n的最小正整數(shù)為4.

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