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(課程標準卷地區(qū)專用)高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習 專題限時集訓(xùn)(十九)第19講 函數(shù)與方程思想和數(shù)形結(jié)合思想配套作業(yè) 文(解析版)

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(課程標準卷地區(qū)專用)高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習 專題限時集訓(xùn)(十九)第19講 函數(shù)與方程思想和數(shù)形結(jié)合思想配套作業(yè) 文(解析版)

專題限時集訓(xùn)(十九) [第19講 函數(shù)與方程思想和數(shù)形結(jié)合思想] (時間:45分鐘)                        1.已知向量a與b的夾角為,且|a|=1,|b|=2,若(3a+λb)⊥a,則實數(shù)λ=(  ) A.3 B.-3 C. D.- 2.已知復(fù)數(shù)z1=m+2i,z2=2+i,若z1·z2為純虛數(shù),則實數(shù)m的值為(  ) A.1 B.-1 C.4 D.-4 3.已知且u=x2+y2-4x-4y+8,則u的最小值為(  ) A. B. C. D. 4.方程sin2x+2sinx+a=0一定有解,則a的取值范圍是(  ) A.[-3,1] B.(-∞,1] C.[1,+∞) D.[-1,1] 5.已知函數(shù)f(x)=則函數(shù)y=f[f(x)]+1的零點個數(shù)是(  ) A.4 B.3 C.2 D.1 6.已知公差不為0的正項等差數(shù)列{an}中,Sn為其前n項和,若lga1,lga2,lga4也成等差數(shù)列,a5=10,則S5等于(  ) A.30 B.40 C.50 D.60 7.F1,F(xiàn)2為橢圓+=1(a>b>0)的焦點,過F2作垂直于x軸的直線交橢圓于點P,且∠PF1F2=30°,則橢圓的離心率為(  ) A. B. C. D. 8.已知函數(shù)f(x)=若f(1)+f(a)=2,則a的值為(  ) A.1 B.2 C.4 D.4或1 9.已知圓的方程為x2+y2-6x-8y=0,設(shè)圓內(nèi)過點(2,5)的最長弦與最短弦分別為AB,CD,則直線AB與CD的斜率之和為________. 10.長度都為2的向量,的夾角為60°,點C在以O(shè)為圓心的圓弧(劣弧)上,=m+n,則m+n的最大值是________. 11.若a,b是正數(shù),且滿足ab=a+b+3,則ab的取值范圍是________. 12.已知△ABC中,a,b,c分別為角A,B,C的對邊長,S表示該三角形的面積,且2cos2B=cos2B+2cosB. (1)求角B的大??; (2)若a=2,S=2,求b的值. 13.已知等差數(shù)列{an}的前n項和為Sn,等比數(shù)列{bn}的各項均為正數(shù),公比是q,且滿足:a1=3,b1=1,b2+S2=12,S2=b2q. (1)求{an}與{bn}的通項公式; (2)設(shè)cn=3bn-λ·2(λ∈R),若{cn}滿足:cn+1>cn對任意的n∈N*恒成立,求λ的取值范圍. 14.已知函數(shù)f(x)=x3-3ax-1,a≠0. (1)求f(x)的單調(diào)區(qū)間; (2)若f(x)在x=-1處取得極值,直線y=m與y=f(x)的圖象有三個不同的交點,求m的取值范圍. 專題限時集訓(xùn)(十九) 【基礎(chǔ)演練】 1.A [解析] 因為(3a+λb)⊥a,所以(3a+λb)·a=3a2+λa·b=3×12+λ×1×2×cos=0,解得λ=3. 2.A [解析] z1·z2=(m+2i)(2+i)=(2m-2)+(m+4)i,只要2m-2=0且m+4≠0即可,解得m=1. 3.B [解析] 不等式組所表示的平面區(qū)域是下圖中的△ABC,u表示平面區(qū)域上的點到點(2,2)距離的平方.根據(jù)題意只能是點(2,2)到直線x+y-1=0的距離最小,這個最小值是,故所求的最小值是. 4.A [解析] 構(gòu)造函數(shù)f(x)=sin2x+2sinx,則函數(shù)f(x)的值域是[-1,3],因為方程sin2x+2sinx+a=0一定有解,所以-1≤-a≤3,∴-3≤a≤1. 【提升訓(xùn)練】 5.A [解析] 由f[f(x)]+1=0可得f[f(x)]=-1,又由f(-2)=f=-1可得f(x)=-2或f(x)=.若f(x)=-2,則x=-3或x=;若f(x)=,則x=-或x=.綜上可得y=f[f(x)]+1有4個零點. 6.A [解析] 設(shè)公差d≠0,由lga1+lga4=2lga2,得a=a1·a4,即(a1+d)2=a1(a1+3d)?a1=d. 又a5=a1+4d=10,∴a1=d=2,∴S5=5a1+d=30. 7.A [解析] 作圖可知,設(shè)|PF2|=r,則|PF1|=2r,|F1F2|=r.由橢圓的定義得2a=3r,2c=r,故橢圓的離心率為e==.故選A. 8.C [解析] 依題意f(1)+f(a)=2,且f(1)=0,所以f(a)=2.當a>0時,得log2a=2,求得a=4;當a<0時,無解.綜合得a=4.故選C. 9.0 [解析] 將圓的方程化成標準方程形式得(x-3)2+(y-4)2=25,所以過點(2,5)的最長弦AB的斜率為kAB==-1.若要使弦CD最短,則CD⊥AB,所以kCD=1,此時kAB+kCD=0. 10. [解析] 建立平面直角坐標系(如圖),設(shè)向量=(2,0),則向量=(1,),向量=(2cosα,2sinα),0≤α≤.由=m+n,得(2cosα,2sinα)=(2m+n,n), 即2cosα=2m+n,2sinα=n, 解得m=cosα-sinα,n=sinα. 故m+n=cosα+sinα=sinα+≤. 11.[9,+∞) [解析] 方法1:∵ab=a+b+3,∴a≠1,b=>0,從而a>1或a<-3.又a>0,∴a>1,∴a-1>0,∴ab=f(a)=a·=(a-1)++5≥9,當且僅當a-1=,即a=3時取等號,當1<a<3時,函數(shù)f(a)單調(diào)遞減,當a>3時函數(shù)f(a)單調(diào)遞增,∴ab的取值范圍是[9,+∞). 方法2:設(shè)ab=t,則a+b=t-3,∴a,b可看成方程x2-(t-3)x+t=0的兩個正根,從而有解得t≥9,即ab≥9. 12.解:(1)由2cos2B=cos2B+2cosB, 可得2cos2B=2cos2B-1+2cosB,∴cosB=. ∵0<B<π,∴B=. (2)∵S=acsinB=2,又a=2,B=,∴c=4, ∴b2=a2+c2-2accosB=4+16-2×2×4×=12, ∴b=2. 13.解:(1)設(shè){an}的公差為d,由已知可得消去a2得:q2+q-12=0,解得q=3或q=-4(舍),∴a2=6,∴d=3, 從而an=3n,bn=3n-1. (2)由(1)知:cn=3bn-λ·2=3n-λ·2n. ∵cn+1>cn對任意的n∈N*恒成立, ∴3n+1-λ·2n+1>3n-λ·2n恒成立, 整理得:λ·2n<2·3n對任意的n∈N*恒成立, 即λ<2·n對任意的n∈N*恒成立. ∵y=2·x在區(qū)間[1,+∞)上單調(diào)遞增, ∴ymin=2·=3,∴λ<3. ∴λ的取值范圍為(-∞,3). 14.解:(1)f′(x)=3x2-3a=3(x2-a). 當a<0時,對x∈R,有f′(x)>0恒成立, 所以當a<0時,f(x)的單調(diào)增區(qū)間為(-∞,+∞),無單調(diào)減區(qū)間; 當a>0時,由f′(x)>0解得x<-或x>, 由f′(x)<0解得-<x<, 所以當a>0時,f(x)的單調(diào)增區(qū)間為(-∞,-),(,+∞),f(x)的單調(diào)減區(qū)間為(-,). (2)因為f(x)在x=-1處取得極值, 所以f′(-1)=3×(-1)2-3a=0,所以a=1. 所以f(x)=x3-3x-1,f′(x)=3x2-3, 由f′(x)=0解得x1=-1,x2=1. 由(1)中f(x)的單調(diào)性可知, f(x)在x=-1處取得極大值f(-1)=1, 在x=1處取得極小值f(1)=-3. 因為直線y=m與函數(shù)y=f(x)的圖像有三個不同的交點, 結(jié)合f(x)的單調(diào)性可知,m的取值范圍是(-3,1).

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