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2019-2020年高三化學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題訓(xùn)練 化學(xué)反應(yīng)原理(含解析).doc

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2019-2020年高三化學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題訓(xùn)練 化學(xué)反應(yīng)原理(含解析).doc

2019-2020年高三化學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題訓(xùn)練 化學(xué)反應(yīng)原理(含解析) 1.對于化學(xué)反應(yīng)能否自發(fā)進(jìn)行,下列說法中錯誤的是 ( ) A.若ΔH<0,△S>0,任何溫度下都能自發(fā)進(jìn)行 B.若ΔH>0,△S<0,任何溫度下都不能自發(fā)進(jìn)行 C.若ΔH>0,△S>0,低溫時可自發(fā)進(jìn)行 D.若ΔH<0,△S<0,低溫時可自發(fā)進(jìn)行 【答案】C 【解析】 試題分析:A、若△H<0,△S>0,△H-T△S<0,任何溫度下都能自發(fā)進(jìn)行,A正確;B、若△H>0,△S<0,△H-T△S>0,任何溫度下都不能自發(fā)進(jìn)行,B正確;C、若△H>0,△S>0,高溫時可自發(fā)進(jìn)行,C錯誤;D、若△H<0,△S<0,依據(jù)△H-T△S分析判斷,低溫時可自發(fā)進(jìn)行,D正確;選C。 考點:考查化學(xué)反應(yīng)自發(fā)進(jìn)行的判據(jù)。 2.將某一電解質(zhì)溶于水,得濃度不相等但體積相等的兩溶液A、B,其PH分別為3和5,則下列說法不正確的是 A、兩溶液的濃度A>B B、該電解質(zhì)可能為鹽 C、該電解質(zhì)可能為酸 D、用等濃度的氫氧化鈉溶液來中和,需氫氧化鈉溶液的體積VA和VB關(guān)系為VA=100VB 【答案】D 【解析】該電解質(zhì)可能是弱酸,也能是強(qiáng)酸,還可能是強(qiáng)酸的酸式鹽,它們的濃度越大酸性越強(qiáng),PH越小,故A、B、C正確;若該電解質(zhì)為一元弱酸,兩溶液中氫離子濃度關(guān)系是100倍,溶液越稀電離程度越大,兩溶液中酸的濃度關(guān)系大于100倍,故完全中和時所需氫氧化鈉溶液體積亦應(yīng)大于100倍,D錯。 3.對于:2H2(g) + O2(g) =2H2O(l) △H = —571.6kJ/mol的敘述錯誤的是 A.該反應(yīng)的反應(yīng)熱為△H = —571.6kJ/mol ,是放熱反應(yīng) B.該反應(yīng)的△H與各物質(zhì)的狀態(tài)有關(guān),與化學(xué)計量數(shù)也有關(guān) C.該式的含義為:25℃、101kPa下,2mol氫氣完全燃燒生成液態(tài)水時放出熱量571.6kJ D.該反應(yīng)為氫氣燃燒的熱化學(xué)方程式,由此可知氫氣的燃燒熱為571.6kJ/mol 【答案】D 【解析】 試題分析:A、該反應(yīng)的反應(yīng)熱為△H = —571.6kJ/mol ,是放熱反應(yīng),A正確;B、△H與各物質(zhì)的狀態(tài)有關(guān),與化學(xué)計量數(shù)也有關(guān),B正確;C、該式的含義為:25℃、101kPa下,2mol氫氣完全燃燒生成液態(tài)水時放出熱量571.6kJ,C正確;D、燃燒熱是1mol可燃物完全燃燒生成穩(wěn)定的化合物放出的熱量,該反應(yīng)為氫氣燃燒的熱化學(xué)方程式,可知氫氣的燃燒熱為285.8kJ/mol,D錯誤。答案選D。 考點:反應(yīng)熱,燃燒熱 4.24.在某一化學(xué)反應(yīng),0.5L的密閉容器中,反應(yīng)物B的物質(zhì)的量在5s內(nèi)從2.0mol變成0.5mol,在這5s內(nèi)B的化學(xué)反應(yīng)速率為 A.3mol/L B.0.3mol/L?s C.0.6mol/L?s D.0.1mol/L?s 【答案】C 【解析】 試題分析:B的物質(zhì)的量在5s內(nèi)從2.0mol變成0.5mol,則濃度即從4mol/L變成1mol/L,那么v==mol/(Ls)= 0.6mol/L?s。 考點:化學(xué)反應(yīng)速率 點評:本題需要掌握 化學(xué)反應(yīng)速率的基本計算,帶公式即可,屬簡單題。 5.①②③④四種金屬片兩兩相連浸入稀硫酸中都可組成原電池,①②相連時,外電路電流從②流向①;①③相連時,③為正極,②④相連時,②有氣泡逸出;③④相連時,③的質(zhì)量減少,據(jù)此判斷這四種金屬活動性由大到小的順序是( ) A.①③②④ B.①③④② C.③ ④ ②① D.③ ① ②④ 【答案】B 【解析】 試題分析:①②相連時,外電路電流從②流向①,說明②是正極,金屬性①>②;①③相連時,③為正極,金屬性①>③;②④相連時,②有氣泡逸出,說明②是正極,金屬性④>②;③④相連時,③的質(zhì)量減少,說明③是負(fù)極,金屬性③>④,所以這四種金屬活動性由大到小的順序是①③④②,答案選B。 考點:考查利用原電池判斷元素金屬性的強(qiáng)弱 6.鈹(Be)與鋁的性質(zhì)相似,已知反應(yīng)BeCl2+Na2BeO2+2H2O=2NaCl+2Be(OH)2↓能進(jìn)行完全。據(jù)此作出的以下推斷中正確的是 A.常溫時,BeCl2溶液的pH >7 B.常溫時,Na2BeO2溶液的pH<7 C.Be(OH)2既能溶于鹽酸,又能溶于NaOH溶液 D.BeCl2水溶液的導(dǎo)電性較強(qiáng),說明BeCl2一定是離子化合物 【答案】C 【解析】 試題分析:A.常溫時,BeCl2溶液的pH<7,A錯誤;B.常溫時,Na2BeO2溶液的pH>7,B正確;C.氫氧化鋁是兩性氫氧化物,則Be(OH)2既能溶于鹽酸,又能溶于NaOH溶液中,C正確;D.BeCl2水溶液的導(dǎo)電性較強(qiáng),但不能說明BeCl2是離子化合物,氯化鈹是共價化合物,D錯誤,答案選C。 考點:考查Be及其化合物的性質(zhì)判斷 7.已知反應(yīng):2CH3COCH3(l)?CH3COCH2COH(CH3)2(l).取等量CH3COCH3,分別在0℃和20℃下,測得其轉(zhuǎn)化分?jǐn)?shù)隨時間變化的關(guān)系曲線(Y﹣t)如圖所示.下列說法正確的是( ) A.b代表0℃下CH3COCH3的Y﹣t曲線 B.反應(yīng)進(jìn)行到20min末,CH3COCH3的 C.升高溫度可縮短反應(yīng)達(dá)平衡的時間并能提高平衡轉(zhuǎn)化率 D.從Y=0到Y(jié)=0.113,CH3COCH2COH(CH3)2的 【答案】D 【解析】 試題分析:A、溫度越高反應(yīng)速率越快,達(dá)到平衡的時間越短,由圖像分析曲線b首先到平衡,所以曲線b表示的20度時的曲線,正確,不選A;B、當(dāng)反應(yīng)進(jìn)行到20分鐘時,從圖像中可以看出曲線b對應(yīng)的轉(zhuǎn)化分?jǐn)?shù)高于a曲線對應(yīng)的轉(zhuǎn)化分?jǐn)?shù),這說明b曲線在20度時對應(yīng)的反應(yīng)速率快,所以其速率比值小于1,錯誤,不選B;C、根據(jù)圖像溫度越高,CH3COCH3的轉(zhuǎn)化的越少,說明升溫平衡向逆向移動,即正反應(yīng)為放熱反應(yīng),錯誤,不選C;D、根據(jù)圖像分析,當(dāng)反應(yīng)進(jìn)行到66分鐘時,ab曲線對應(yīng)的轉(zhuǎn)化分?jǐn)?shù)均相同,都是0.113,這說明此時生成的CH3COCH2COH(CH3)2一樣多,所以從Y=0到Y(jié)=0.113,CH3COCH2COH(CH3)2的 考點:轉(zhuǎn)化率隨溫度和壓強(qiáng)的變化曲線 【名師點睛】本題考查轉(zhuǎn)化率隨溫度變化的圖像,做題時要注意觀察曲線的變化趨勢,以及穩(wěn)固對化學(xué)反應(yīng)速率的影響,本題的關(guān)鍵是根據(jù)圖像正確判斷反應(yīng)是吸熱還是放熱。 8.下列熱化學(xué)方程式中,△H能正確表示物質(zhì)的燃燒熱的是 A.2CO(g) +O2(g) ==2CO2(g) △H=—566.0 kJ/mol B.C(s) +1/2O2(g) ==CO(g) △H=—110.5 kJ/mol C. CH4(g) +2O2(g)== CO2(g)+2H2O(l) △H=—890.31 kJ/mol D. 2C8H18(l) +25O2(g)==16CO2(g)+18H2O(l) △H=—11036 kJ/mol 【答案】C 【解析】 試題分析:A、可燃物CO的系數(shù)為2,不符合1mol可燃物的條件,錯誤;B、沒有生成穩(wěn)定的氧化物CO2,錯誤;C、CH4的系數(shù)為1,生成了穩(wěn)定的氧化物,符合燃燒熱的概念,正確;D、可燃物C8H18(l) 為2,不符合1mol可燃物的條件,錯誤。 考點:本題考查燃燒熱及熱化學(xué)方程式。 9.對于可逆反應(yīng)mA + nB pC +qD從正反應(yīng)開始反應(yīng)并在一定條件下達(dá)到平衡后,如果增大壓強(qiáng),則容器內(nèi)氣體平均相對分子質(zhì)量增大,下列有關(guān)判斷錯誤的是 A.反應(yīng)物A或B至少有一個是氣體 B.容器內(nèi)不可能是單一氣體 C.m+n可能大于p+q D.若m<p,且D是氣體,則B一定是氣體 【答案】D 【解析】 試題分析:A、若AB都不是氣體,反應(yīng)從正反應(yīng)開始,則容器內(nèi)氣體平均相對分子質(zhì)量不變,所以反應(yīng)物A或B至少有一個是氣體,A項正確;B、單一氣體該變壓強(qiáng),容器內(nèi)氣體平均相對分子質(zhì)量不變,所以容器內(nèi)不可能是單一氣體,B項正確;C、當(dāng)ABCD全是氣體時m+n大于p+q ,容器內(nèi)氣體平均相對分子質(zhì)量增大,所以m+n可能大于p+q 。C項正確;D、若只有A、C是氣體,且A相對分子質(zhì)量大于C的相對分子質(zhì)量,增大壓強(qiáng)平衡逆向移動,平均相對分子質(zhì)量增大,符合題意,所以若m<p,且D是氣體,則B一定是氣體,判斷錯誤,D項正確,答案選D。 考點:考查影響化學(xué)平衡的因素,及化學(xué)平衡移動后一些物理量變化特點 10.在一定條件下X2(g)+3Y2(g) 2Z3(g) 達(dá)到化學(xué)平衡狀態(tài)后,采取下列措施平衡不會發(fā)生移動的是 A.充入X2 B.縮小容器的體積 C.升高溫度 D.使用催化劑 【答案】D 【解析】該反應(yīng)是體積減小的可逆反應(yīng),所以壓強(qiáng)能影響平衡。任何反應(yīng)都會伴隨能量的變化,所以溫度一定會影響平衡,X2是氣體,改變其濃度可以改變平衡狀態(tài)。催化劑能同等程度改變正逆反應(yīng)速率,因此使用催化劑不能改變平衡狀態(tài)。答案是D。 11.下列有關(guān)問題,與鹽類的水解無關(guān)的是 A.NaHCO3與Al2(SO4)3兩種溶液可作泡沫滅火劑 B.鹽酸可作鐵制品的除銹劑 C.實驗室盛放Na2CO3溶液的試劑瓶不能用磨口玻璃塞 D.加熱蒸干AlCl3溶液得到Al(OH)3固體 【答案】B 【解析】 試題分析: NaHCO3與Al2(SO4)3兩種溶液可作泡沫滅火劑,是利用了HCO3—和Al3+可以發(fā)生雙水解,生成CO2和Al(OH)3來滅火;鹽酸除鐵銹,是利用了鹽酸的酸性與氧化鐵反應(yīng),沒有發(fā)生水解反應(yīng),與水解無關(guān);實驗室盛放Na2CO3溶液的試劑瓶不能用磨口玻璃塞是應(yīng)為Na2CO3溶液水解后溶液顯堿性,會與玻璃塞中的SiO2反應(yīng)生成有粘性的Na2SiO3,使得瓶蓋難以打開;加熱蒸干AlCl3溶液時AlCl3完全水解生成Al(OH)3,與水解有關(guān)。選B。 考點:鹽類的水解的應(yīng)用。 12.在100 mLCuSO4的溶液中,用石墨作電極電解一段時間,兩極均收到2.24L氣體(標(biāo)準(zhǔn)狀況),則原溶液中,Cu2+的物質(zhì)的量濃度為 ( ) A.1mol?L―1 B.2mol?L―1 C.3 mol?L―1 D.4 mol?L―1 【答案】A 【解析】考查電解池的有關(guān)計算和電極產(chǎn)物的判斷。惰性電極電解硫酸銅溶液,陽極失去電子,OH-放電,發(fā)生氧化反應(yīng)生成氧氣,電極反應(yīng)式為4OH--4e-=2H2O+O2↑。陰極銅離子放電,發(fā)生還原反應(yīng)析出單質(zhì)銅,電極反應(yīng)式為2Cu2++4e-=2Cu。應(yīng)用兩極均收集到氣體,說明銅離子不足,當(dāng)銅離子放電完畢之和,溶液中的氫離子開始在陰極放電,電極反應(yīng)式為4H++4e-=2H2↑。氧氣和氫氣的物質(zhì)的量都是0.1mol,所以根據(jù)電子得失是知銅離子的物質(zhì)的量應(yīng)是0.1mol,所以濃度是1.0mol/L。答案是A。 13.反應(yīng) 2NO2(g)N2O4(g) △H<0,在溫度分別為T1、T2 時,平衡體系中NO2的體積分?jǐn)?shù)隨壓強(qiáng)變化曲線如圖所示。下列說法正確的是 A.a(chǎn)、c兩點的反應(yīng)速率:a>c B.a(chǎn)、c兩點NO2的轉(zhuǎn)化率:a>c C.b、c兩點的化學(xué)平衡常數(shù):b=c D.由狀態(tài)b到狀態(tài)a,可以用加熱的方法 【答案】D 【解析】 試題分析:2NO2(g)?N2O4(g)△H<0,該反應(yīng)為放熱反應(yīng),升高溫度,化學(xué)平衡逆向移動,NO2的體積分?jǐn)?shù)增大,故T1<T2;增大壓強(qiáng),化學(xué)平衡正向移動,NO2的體積分?jǐn)?shù)減小。A、由圖象可知,a、c兩點都在等溫線上,c的壓強(qiáng)大,則a、c兩點的反應(yīng)速率:a<c,錯誤;B、由圖象可知,a、c兩點都在等溫線上,c的壓強(qiáng)大,化學(xué)平衡正向移動,c點NO2的轉(zhuǎn)化率增大更大,錯誤;C、溫度T1<T2,升高溫度,平衡向逆反應(yīng)方向移動,平衡常數(shù)減小,錯誤;D、升高溫度,化學(xué)平衡正向移動,NO2的體積分?jǐn)?shù)增大,由圖象可知,a點NO2的體積分?jǐn)?shù)大,則T1<T2,由狀態(tài)B到狀態(tài)A,可以用加熱的方法,正確。 考點:本題考查圖像的分析、化學(xué)平衡移動。 14.用惰性電極電解一定量的硫酸銅溶液,實驗裝置如圖甲,電解過程中的實驗數(shù)據(jù)如圖乙。橫坐標(biāo)表示轉(zhuǎn)移電子的物質(zhì)的量,縱坐標(biāo)表示產(chǎn)生氣體的總體積(標(biāo)準(zhǔn)狀況)。則下列說法不正確的是 A.電解過程中,a電極表面先有紅色物質(zhì)析出,后有氣泡產(chǎn)生 B.b電極上發(fā)生的反應(yīng)方程式為:4OH--4e- = 2H2O+O2↑ C.從開始到Q點時收集到的混合氣體的平均摩爾質(zhì)量為12 g/ mol D.從開始到P點收集到的氣體是O2 【答案】C 【解析】 試題分析:由圖可知,電流由正極流向負(fù)極,則b為陽極,a為陰極,惰性電極電解一定量的硫酸銅溶液,發(fā)生2CuSO4+2H2O2Cu+O2↑+2H2SO4,結(jié)合圖2可知,通過0.2mol電子時電解硫酸銅,然后電解硫酸溶液,發(fā)生2H2O2H2↑+O2↑,A.a(chǎn)為陰極,先發(fā)生Cu2++2e-═Cu,后發(fā)生2H++2e-═H2↑,a電極表面先有紅色物質(zhì)析出,后有氣泡產(chǎn)生,故A正確;B.b為陽極,溶液中的氫氧根離子放電,則b電極上發(fā)生的反應(yīng)方程式為:4OH--4e-═H2O+O2↑故B正確;C.曲線0~P段表示O2的體積變化,P點1.12L為O2,其物質(zhì)的量為0.05mol,PQ段3.36L氣體中,由電解水反應(yīng)可知0.2mol電子通過時生成0.1mol H2、0.05mol O2,則從開始到Q點收集到的混合氣體中O2為0.1mol,H為0.1mol,故混合氣體的平均摩爾質(zhì)量為(0.1mol32g/mol+0.1mol2g/mol)0.2mol=17g?mol-1,故C錯誤;D.由上述分析可知,曲線0~P段表示O2的體積變化,曲線P~Q段表示H2和O2混合氣體的體積變化,故D正確;故選:C。 考點:考查電解原理的應(yīng)用 15.白磷與氧可發(fā)生如下反應(yīng):P4+5O2=P4O10。已知斷裂下列化學(xué)鍵需要吸收的能量分別為:P—P a kJmol—1、P—O b kJmol—1、P=O c kJmol—1、O=O d kJmol—1。根據(jù)圖示的分子結(jié)構(gòu)和有關(guān)數(shù)據(jù)估算該反應(yīng)的△H,其中正確的是: A.(4a+5d-4c-12b)kJmol—1 B.(4c+12b-4a-5d)kJmol—1 C.(4c+12b-6a-5d)kJmol—1 D.(6a+5d-4c-12b)kJmol—1 【答案】D 【解析】 試題分析:各化學(xué)鍵鍵能為P-P a kJ?mol-1、P-O b kJ?mol-1、P=O c kJ?mol-1、O=O d kJ?mol-1. 反應(yīng)熱△H=反應(yīng)物總鍵能-生成物總鍵能,所以反應(yīng)P4+5O2=P4O10的反應(yīng)熱△H=6akJ?mol-1+5dkJ?mol-1-(4ckJ?mol-1+12bkJ?mol-1)=(6a+5d-4c-12b)kJ?mol-1,故選D。 考點:考查了反應(yīng)熱與化學(xué)鍵鍵能的關(guān)系的相關(guān)知識。 16.在一定溫度下將2molA和2molB兩種氣體混合于2L密閉容器中,發(fā)生如下反應(yīng): 3A(g)+B(g) 2C(g)+2D(g),2分鐘末反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài),生成了0.8mol D,請?zhí)顚懴旅婵瞻住? ⑴B的平衡濃度為 。 ⑵A的轉(zhuǎn)化率為 。 ⑶用D表示的平均反應(yīng)速率為 。 ⑷如果縮小容器容積(溫度不變),則平衡體系中混合氣體的密度 、平均相對分子質(zhì)量 。(兩空均填“增大、“減少”或“不變” ) 【答案】(10分)⑴0.8molL-1(2分); ⑵ 60%(2分);⑶ 0.2 mol(Lmin)-1 (2分) ⑷ 增大(2分) 、 不變(2分) 【解析】 17.在25℃時若10體積某強(qiáng)酸溶液與1體積的某強(qiáng)堿溶液混合后溶液是堿性,則混合前,該強(qiáng)酸的溶液的pHX與該強(qiáng)堿溶液的pHY之間應(yīng)滿足的關(guān)系是______。 【答案】x+y>15。 【解析】強(qiáng)酸[H+]=10-x,強(qiáng)堿中[OH-]=10-(14-y),由于酸堿混合液后[H+]<[OH-]即反應(yīng)前H+的物質(zhì)的量小于OH-物質(zhì)的量,所以在反應(yīng)前應(yīng)有:110-(14-y)>110-x,即10-(14-y)>10-x,所以-(14-y)>1-x,故x+y>15。 18.在實驗室,可以用如圖所示的裝置制取乙酸乙酯?;卮鹣铝袉栴}: (1)右側(cè)試管中的盛放的是 ,導(dǎo)氣管的下端不能插入液面以下,其目的是 。 (2)寫出實驗室制取乙酸乙酯的化學(xué)反應(yīng)方程式 ,該反應(yīng)的類型是 。 (3)該反應(yīng)是典型的可逆反應(yīng),若不把生成的乙酸乙酯及時蒸餾出來,反應(yīng)一段時間后,就會達(dá)到化學(xué)平衡狀態(tài)。下列能說明該反應(yīng)已達(dá)到化學(xué)平衡狀態(tài)的有(填序號)        。 ①單位時間里,生成1mol乙酸乙酯,同時生成1mol水; ②單位時間里,生成1mol乙酸乙酯,同時生成1mol乙酸; ③單位時間里,消耗1mol乙醇,同時消耗1mol乙酸; ④正反應(yīng)的速率與逆反應(yīng)的速率相等; ⑤混合物中各物質(zhì)的濃度不再變化。 【答案】(共12分)(1)飽和碳酸鈉溶液 防止倒吸 (4分) (2) (3分) 酯化反應(yīng)(或取代反應(yīng))(2分) (3)②④⑤(3分) 【解析】(1)由于乙酸和乙醇都是易揮發(fā)的,所以為了除去乙酸乙酯中的乙酸和乙醇,需要加入飽和碳酸鈉溶液。由于乙酸和乙醇都是和水互溶的,所以為了防止倒吸,導(dǎo)管口不能插入液面以下。 (2)酯化反應(yīng)也是取代反應(yīng),方程式為 。 (3)在一定條件下,當(dāng)可逆反應(yīng)中正反應(yīng)速率和逆反應(yīng)速率相等時(但不為0),各種物質(zhì)的濃度或含量均不再發(fā)生變化的狀態(tài),是化學(xué)平衡狀態(tài)。所以④⑤正確。①③中反應(yīng)速率的方向是相同的,所以不能說明。②反應(yīng)速率的方向相反,且滿足速率之比是相應(yīng)的化學(xué)計量數(shù)之比,可以說明,所以答案選②④⑤, 19.(14分)BaCl2xH2O是用途廣泛的基礎(chǔ)化工產(chǎn)品。我國目前主要是用鹽酸和硫化鋇(含少量Mg2+、Fe3+等)反應(yīng)生產(chǎn)BaCl2xH2O,工藝流程如圖所示。請回答: 已知:室溫時Ksp[Mg(OH)2 ]=1.810-11 ,Ksp[Fe(OH)3 ]=4.010-38 (1)反應(yīng)I中生成的H2S用足量氨水吸收,一定條件下向所得溶液中通人空氣,又可得到單質(zhì)硫并使吸收液再生,再生反應(yīng)的化學(xué)方程式為_________。 (2)所得氯化鋇粗液中含硫化合物(H2S、HS-等)影響產(chǎn)品質(zhì)量,可鼓人預(yù)熱后的空氣吹出,預(yù)熱空氣的目的是_________;沉淀A的主要成分是_________。 (3)熱空氣吹除時會有部分HS-轉(zhuǎn)變?yōu)镾2O32 -,使產(chǎn)品仍不能達(dá)到純度要求,可再行酸化脫硫,酸化脫硫時的離子方程式為_________。 (4)室溫時,為使Mg2+、Fe3+完全沉淀(當(dāng)溶液中離子濃度小于1l0-5mol時認(rèn)為該離子完全沉淀),應(yīng)將溶液的pH調(diào)至_________(只列算式)以上。 (5)實驗室測定產(chǎn)品中x的步驟如下: ①準(zhǔn)確稱取12.23 g BaCl2xH2O樣品,加入l00 mL稀鹽酸加熱溶解; ②邊攪拌,邊逐滴加入0.lmolH2SO4溶液,待BaSO4完全沉淀,過濾,沉降后洗滌沉淀2—3次; ③將沉淀充分干燥后稱量,質(zhì)量為11.65 g,檢驗BaSO4沉淀是否洗滌干凈的方法是_______;經(jīng)計算x的數(shù)值為_________。 【答案】(14分) (1)2(NH4)2S +O2+2H2O = 4NH3H2O+2S↓ (2)升溫將使氣體的溶解度減小,利于吹除H2S S(或硫) (3)S2O32 -+2H+=S↓+SO2↑+H2O (4)-lg (5)取最后一次洗滌液,加入硝酸酸化的硝酸銀溶液,若無沉淀則洗滌干凈 2 【解析】 試題分析:(1)反應(yīng)I中生成的H2S用足量氨水吸收,生產(chǎn)硫化銨,硫化銨與空氣中氧氣反應(yīng),可得到單質(zhì)硫并使吸收液再生。說明還生成了氨水,再生反應(yīng)的化學(xué)方程式為2(NH4)2S +O2+2H2O = 4NH3H2O+2S↓。 (2)所得氯化鋇粗液中含硫化合物(H2S、HS-等)影響產(chǎn)品質(zhì)量,可鼓人預(yù)熱后的空氣吹出,預(yù)熱空氣的目的是升溫將使氣體的溶解度減小,有利于吹除H2S,鼓入熱空氣的工藝流程稱為脫硫,所以沉淀A的主要成分是S. (3)S2O32 -在酸性溶液中會發(fā)生自身歧化反應(yīng),生成S和SO2 ,所以酸化脫硫時的離子方程式為S2O32 -+2H+=S↓+SO2↑+H2O。 (4)根據(jù)Ksp[Mg(OH)2 ]=1.810-11 ,c(OH-)210-5=1.810-11,解得c(OH-)=10-3mol/L,根據(jù) Ksp[Fe(OH)3 ]=4.010-38,c(OH-)310-5=4.010-32,解得c(OH-)=10-9mol/L,說明Mg(OH)2 溶解度較大,按Mg(OH)2 完全形成沉淀計算pH,則pH=-lg 。 (5)硫酸鋇沉淀是在鹽酸中沉淀下來,檢驗BaSO4沉淀是否洗滌干凈,可以檢驗洗滌液中是否還有Cl-即可,具體方法是取最后一次洗滌液,加入硝酸酸化的硝酸銀溶液,若無沉淀則洗滌干凈;根據(jù)Ba2+守恒可得關(guān)系式為BaCl2xH2O——BaSO4 208+18x 233 12.23 11.65 列方程 (208+18x):233=12.23 : 11.65 解得x=2. 考點:考查生產(chǎn)BaCl2xH2O的工藝流程,沉淀的洗滌,物質(zhì)的除雜等知識。 20.在2L的密閉容器中放入4molN2O5,發(fā)生如下反應(yīng):2N2O5(g) 4NO2(g)+ O2(g)。反應(yīng)5min后,測得N2O5的物質(zhì)的量為2mol,求:(要求寫詳細(xì)解題過程) (1)5min末NO2的濃度? (2)用氧氣的濃度變化來表示5min內(nèi)的該反應(yīng)的平均速率? 【答案】(每小題3分) (1) 2molL-1(2) 0.1 mol(Lmin)-1 【解析】 試題分析:根據(jù)三段式解題法,求出反應(yīng)混合物各組分物質(zhì)的量的變化量、5min時各組分的物質(zhì)的量, 2N2O5(g) 4NO2(g)+O2(g) 開始(mol): 4 0 0 變化(mol): 2 4 1 5min時(mol): 2 4 1 (1)5min末NO2的濃度為4mol2L= 2molL-1。 (2)用氧氣的濃度變化來表示5min內(nèi)的該反應(yīng)的平均速率為1mol2L5min=0.1 mol(Lmin)-1。 考點:化學(xué)平衡的計算 點評:考查反應(yīng)速率、化學(xué)平衡的有關(guān)計算,難度不大,注意三段式解題法運用與基礎(chǔ)知識積累。 21.(1)某課外活動小組同學(xué)用圖1裝置進(jìn)行實驗,試回答下列問題: 圖1 圖2 ①若開始時開關(guān)K與a連接,則鐵發(fā)生電化學(xué)腐蝕中的___________腐蝕。請寫出正極反應(yīng)式: 。 ②若開始時開關(guān)K與b連接時,兩極均有氣體產(chǎn)生,則N端是電源的__________極(填正或負(fù))則總反應(yīng)的離子方程式為______________________ (2)該小組同學(xué)設(shè)想,用如圖2所示裝置電解硫酸鈉溶液來制取氫氣、氧氣、硫酸和氫氧化鈉。 ①制得的氫氧化鈉溶液從出口(填“A”、“B”、“C”或“D”)___________導(dǎo)出。通過陰離子交換膜的離子數(shù)________ (填“>”、“<”或“=”)通過陽離子交換膜的離子數(shù)。 ②通電開始后,陰極附近溶液pH會增大,請簡述原因:_________________________ 【答案】(共14分) (1)①吸氧;O2 + 4e- +2H2O =4OH-;②負(fù);2Cl- + 2H2OCl2↑+2OH-+H2↑; (2)① D;<;② H+在陰極放電,水的電離平衡正向移動,溶液中OH-濃度增大,pH增大; 【解析】 試題分析:(1)①開關(guān)K與a連接,為原電池,NaCl溶液為中性,發(fā)生吸氧腐蝕,正極上氧氣得電子發(fā)生還原反應(yīng),電極反應(yīng)式為O2+4e-+2H2O=4OH-,故答案為:吸氧;O2+4e-+2H2O=4OH-; ②K與b連接,為電解池,若開始時開關(guān)K與b連接時,兩極均有氣體產(chǎn)生,則Fe作陰極,石墨作陽極,氯離子、氫離子放電,則N為電源負(fù)極,電解的總離子反應(yīng)為2Cl-+2H2O2OH-+H2↑+Cl2↑,故答案為:2Cl-+2H2O2OH-+H2↑+Cl2↑; (2)①陰極上氫離子放電,則NaOH在陰極生成,由圖可知,D在陰極附近,制得的氫氧化鈉溶液從D出口導(dǎo)出;陽極氫氧根離子放電,因此硫酸根離子向陽極移動,陰極氫離子放電,因此鈉離子向陰極移動,所以通過相同電量時,通過陰離子交換膜的離子數(shù)小于通過陽離子交換膜的離子數(shù),故答案為:D;<; ②水電離出的氫離子在陰極放電,而氫氧根離子不放電,促進(jìn)水的電離,導(dǎo)致溶液中氫氧根離子濃度增大,溶液的pH增大,故答案為:H+在陰極放電,水的電離平衡正向移動,溶液中OH-濃度增大,pH增大。 考點:考查了原電池和電解池的工作原理的相關(guān)知識。 22.X、Y、Z、U、V是元素周期表前四周期中的五種常見元素,其相關(guān)信息如下表: 元素 相關(guān)信息 X 地殼中含量最多的金屬,其氧化物可用作耐火材料 Y 單質(zhì)在常溫常壓下為黃綠色氣體 Z 常溫常壓下,單質(zhì)是淡黃色固體,常在火山口附近沉積 U 常溫下單質(zhì)遇濃硫酸鈍化,其一種核素的質(zhì)量數(shù)為56,中子數(shù)為30 V 屬短周期元素,原子的最外層電子數(shù)是內(nèi)層電子數(shù)的2/5 請回答下列問題: (1)元素X位于周期表中第 周期第 族,其離子結(jié)構(gòu)示意圖為 。 (2)上述元素中最高價氧化物對應(yīng)的水化物酸性最強(qiáng)的是 (寫化學(xué)式),非金屬氣態(tài)氫化物還原性最強(qiáng)的是 (寫化學(xué)式)。 (3)在堿性條件下,Y的單質(zhì)可與UO2-反應(yīng)制備一種可用于凈水的鹽UO42-,該反應(yīng)的離子方程式是 。 (4)我國首創(chuàng)的海洋電池被大規(guī)模用于海洋燈塔。該電池是以X板為負(fù)極,鉑網(wǎng)為正極,海水為電解質(zhì)溶液,電池總反應(yīng)為:4X+3O2+6H2O=4X(OH)3。該電池正極反應(yīng)為 。 (5)已知25℃時,Ksp[U(OH)3]=2.6310-39,則該溫度下反應(yīng)U(OH)3+3H+U3++3H2O的平衡常數(shù)K= 。 【答案】(16分) (1)三、ⅢA (3分,每空1分) (2)HClO4 SiH4 (4分,每空2分) (3)2FeO2-+ 3Cl2 + 8OH- = 2FeO42-+ 6Cl-+ 4H2O (3分) (4)O2+4e-+2H2O=4OH-或3O2+12e-+6H2O=12OH- (3分) (5)2.63103 (3分,帶單位計算也給分) 【解析】 試題分析:(1)地殼中含量最多的金屬元素是鋁,則X是Al,鋁原子具有283的電子層結(jié)構(gòu),位于第三周期第IIIA族;1個氯原子失去3個電子變?yōu)殇X離子,則Al3+的核電荷數(shù)為13,具有28電子層結(jié)構(gòu);(2)氯氣在常溫常壓下是黃綠色氣體,則Y是氯元素,其最高價氧化物對應(yīng)水化物是高氯酸,HClO4是已知酸中酸性最強(qiáng)的酸;硫磺在常溫常壓下是淡黃色固體,則Z為硫元素;由于質(zhì)子數(shù)=質(zhì)量數(shù)—中子數(shù)=56—30=26,則U為鐵元素;短周期元素原子的內(nèi)層電子數(shù)可能是2或10,最外層電子數(shù)是內(nèi)層電子數(shù)的2/5,說明電子層結(jié)構(gòu)為284,則V是硅元素;根據(jù)元素周期律可知,非金屬性:Si<S<Cl,則單質(zhì)的氧化性:Si<S<Cl2,氣態(tài)氫化物的還原性:SiH4>H2S>HCl;(3)Cl2是強(qiáng)氧化劑,能將FeO2-氧化為FeO42-,氯由0降為-1價,鐵由+3價升為+6價,根據(jù)化合價升降總數(shù)相等、電荷守恒、原子守恒可得:2FeO2-+ 3Cl2 + 8OH-= 2FeO42-+ 6Cl-+ 4H2O;(4)4Al+3O2+6H2O=4Al(OH)3,鋁由0升為+3價,失去電子,發(fā)生氧化反應(yīng),說明鋁作負(fù)極;氧由0降為—2價,得到電子,發(fā)生還原反應(yīng),說明氧氣是正極反應(yīng)物,根據(jù)電子、電荷、原子守恒可知,正極反應(yīng)式為O2+4e-+2H2O=4OH-或3O2+12e-+6H2O=12OH-;(5)25℃時,Ksp[Fe(OH)3]=2.6310-39,Kw=1.010-14,F(xiàn)e(OH)3+3H+Fe3++3H2O,固體和純液體不能寫入平衡常數(shù)表達(dá)式,則該反應(yīng)的平衡常數(shù)K=c(Fe3+)/c3(H+)=[c(Fe3+)?c3(OH-)]/[c3(H+)?c3(OH-)]= Ksp[Fe(OH)3]/Kw3=2.6310-39/(1.010-14) 3=2.63103。 考點:考查物質(zhì)結(jié)構(gòu)、元素周期律、氧化還原反應(yīng)方程式的配平、書寫正極反應(yīng)式、根據(jù)溶度積和水的離子積計算化學(xué)平衡常數(shù)等。

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