《創(chuàng)新設(shè)計(jì)高考總復(fù)習(xí)》配套學(xué)案:平面向量的數(shù)量積
第3講平面向量的數(shù)量積
[最新考綱] 1 ?理解平面向量數(shù)量積的含義及其物理意義.
2?了解平面向量的數(shù)量積與向量投影的關(guān)系.
3 ?掌握數(shù)量積的坐標(biāo)表達(dá)式,會(huì)進(jìn)行平面向量數(shù)量積的運(yùn)算.
4 ?能運(yùn)用數(shù)量積表示兩個(gè)向量的夾角,會(huì)用數(shù)量積判斷兩個(gè)平面向量的垂直關(guān) 系?
由淺入採(cǎi)夯基固牛
診斷-基礎(chǔ)知識(shí)
知識(shí)梳理
1. 平面向量的數(shù)量積
⑴定義:已知兩個(gè)非零向量 a與b,它們的夾角為9,貝擻量|a||b|cos 9叫作a 與b的數(shù)量積(或內(nèi)積),記作a b,即a b= |a||b|cos 9,規(guī)定零向量與任一向量的 數(shù)量積為0,即0a= 0.
(2) 幾何意義:數(shù)量積a b等于a的長(zhǎng)度|a|與b在a的方向上的投影|b|cos 9的乘 積.
2. 平面向量數(shù)量積的性質(zhì)及其坐標(biāo)表示
設(shè)向量a= (xi, yi), b= (x2, y2), 9為向量a, b的夾角.
(1) 數(shù)量積:a b= |a||b|cos 9= xix2 + yiy2.
(2) 模:|a|= a a= .x2+ y2.
⑶夾角:cos 9=器二聲井牛2.
|a||b| >/xi + yi px2+ y2
(4) 兩非零向量a丄b的充要條件:a b= 0? xix2 + yiy2= 0.
(5) |a b|w|a||b|(當(dāng)且僅當(dāng) a// b時(shí)等號(hào)成立)? |xix2 + yiy2|< . x2+ yi - x2 + y2.
3. 平面向量數(shù)量積的運(yùn)算律
(1) a b= b a(交換律).
(2) 淪 b= Xa b) = a (?b)(結(jié)合律).
(3) (a+ b) c= a c+ b c(分配律).
辨析感悟
1. 對(duì)平面向量的數(shù)量積的認(rèn)識(shí)
(1)兩個(gè)向量的數(shù)量積是一個(gè)向量,向量加、減、數(shù)乘運(yùn)算的結(jié)果是向量. (x )
⑵(2013 湖北卷改編)已知點(diǎn) A( — 1,1), B(1,2), C(— 2,— 1), D(3,4),則向量 AB 在CD方向上的投影為一3J2.(X)
⑶若ab> 0,則a和b的夾角為銳角;若abv 0,則a和b的夾角為鈍角.(x)
2. 對(duì)平面向量的數(shù)量積的性質(zhì)、運(yùn)算律的理解
(4) ab= 0,貝U a = 0 或 b= 0.(x )
(5) (a b) c= a (b c). (x)
(6) a b= a c(a^0),則 b= c.(x )
[感悟提升]
三個(gè)防范一是兩個(gè)向量的數(shù)量積是一個(gè)數(shù)量,而不是向量,如 (1);
二是在向量數(shù)量積的幾何意義中,投影是一個(gè)數(shù)量,不是向量.設(shè)向量 a, b的 夾角為9,當(dāng)B為銳角時(shí),投影為正值;當(dāng)B為鈍角時(shí),投影為負(fù)值;當(dāng)B為直 角時(shí),投影為0;當(dāng)9= 0°寸,b在a的方向上投影為|b|,當(dāng) A180°時(shí),b在a 方向上投影為一|b|,^叭2);當(dāng) 9= 0°寸,a b>0, 9= 180° a bv0, 即卩 a b>0 是兩個(gè)向量a, b夾角為銳角的必要而不充分條件,如(3);
三是a b= 0不能推出a= 0或b= 0,因?yàn)閍 b= 0時(shí),有可能alb,女口 (4).
突破?高頻考點(diǎn) 以侃求法舉一反三
考點(diǎn)一平面向量數(shù)量積的運(yùn)算
【例1】(1)(2014威海期末考試)已知a= (1,2), 2a— b= (3,1),則a b=( ).
A. 2 B. 3 C. 4 D. 5
n
⑵(2013江西卷)設(shè)e1, e2為單位向量,且 &, e2的夾角為3 若a= 3 + 3e2, b
=2ei,則向量a在b方向上的射影為 .
解析 (1)* (1,2), 2a— b= (3,1)
??b= 2a— (3,1)= 2(1,2) — (3,1)= (— 1,3).
??a b= (1,2) (— 1,3)=— 1 + 2X3 = 5.
(2)由于 a= e1 + 3e2, b= 2e1,
2
所以 |b| = 2, a b= (e1 + 3e2) 2e1 = 2ei+ 6e1 e2
1
=2+ 6X 2= 5,
a b 5
所以a在b方向上的射影為|a| cos<a, b>=而=g
5
答案(1)D (2)5
學(xué)生用書(shū)~~第74頁(yè)
規(guī)律方法 求兩個(gè)向量的數(shù)量積有三種方法:利用定義;利用向量的坐標(biāo)運(yùn)算; 利用數(shù)量積的幾何意義.具體應(yīng)用時(shí)可根據(jù)已知條件的特征來(lái)選擇,同時(shí)要注意 數(shù)量積運(yùn)算律的應(yīng)用.
【訓(xùn)練 1】(1)若向量 a= (1,1), b= (2,5), c= (3, x)滿足條件(8a— b) c= 30,則 x=().
A. 6 B. 5 C. 4 D. 3
— — — — — —
⑵(2013山東卷)已知向量AB與AC的夾角為120°,且AB| = 3, |AC|= 2.若AP= :AB
— — —
+ AC,且APIBC,則實(shí)數(shù) 入的值為 .
解析 (1)8a— b= 8(1,1) — (2,5)= (6,3),
所以(8a— b) c= (6,3) (3, x) = 30,
即18+ 3x= 30,解得x= 4.故選C.
—— ——
(2)?.AP!BC,.?AP BC= 0,
— — — — — — — —— — — ??(4B + AC) BC = 0, 即 (:AB+ AC) (AC— AB)=(入一1)AB AC- 2AB⑵已知向量 a, b滿足 a b= 0, |a|= 1, |b|= 2,則 |2a— b| = .
解析(1)等式平方得|a|2= 9|b|2
2
=|a|2+ 4|b|2 + 4a b,
則 |a|2= |a|2+ 4|b|2 + 4|a||b|cos 9,
即 0 = 4|b|2 + 4 3|b|2cos 9,
e 1
得 cos 9= — 3.
(2)因?yàn)?|2a— bf = (2a — b)2 = 4孑 + b2— 4a b= 4孑 + b2= 4+ 4= 8,故 |2a— b| = 2 2. 答案(1) — 3 (2)2 2
規(guī)律方法(1)求向量的夾角主要是應(yīng)用向量的數(shù)量積公式.
⑵|a|= a a常用來(lái)求向量的模.
【訓(xùn)練2】(1)(2014長(zhǎng)沙模擬)已知向量a,b夾角為45°,且|a|= 1,|2a— b|= . 10,
則 |b| = .
(2)若平面向量a, b滿足|a|= 1, |b|< 1,且以向量a, b為鄰邊的平行四邊形的面
1
積為2,則a和b的夾角9的取值范圍是 .
解析(1 )由|2a— b|=. 10平方得,
+ AC2= 0.
— — — —
???向量AB與AC的夾角為 120° AB| = 3, AC|= 2, ??g 1)|AB||AC| cos 120-9A+ 4= 0,解得 A話.
答案(1)C⑵右
考點(diǎn)二向量的夾角與向量的模
【例2】(1)若非零向量a, b滿足|a匸3|b|=|a + 2b|,則a與b夾角的余弦值為
2 2
4a — 4a b+ b = 10,
即 |b|2—4|b|cos 45 +4= 10,
亦即 |bf— 2 ,2|b|— 6= 0,
解得 |b| = 3 ,2或 |b|=— .2(舍去).
1
(2)依題意有|a||b|sin 9=二,
1
即 sin = 2jb|,由bS 1,得
1
2< sin 0< 1,又 OS (X n
答案(1)3/2 (2)n,5nn
考點(diǎn)三平面向量的垂直問(wèn)題
【例 3】 已知 a= (cos a, sin a, b= (cos B, sin 3(0<0<仟冗)
(1)求證:a+ b與a— b互相垂直;
⑵若ka+ b與a— kb的模相等,求p- a其中k為非零實(shí)數(shù)).
數(shù)量積
審題路線 證明兩向量互相垂直,轉(zhuǎn)化為計(jì)算這兩個(gè)向量的數(shù)量積問(wèn)題,
為零即得證?由模相等,列等式、化簡(jiǎn)求 p— a
(1) 證明 I (a+ b) (?— b) = a2 — b2= |a|2— |b|2
=(cos a+ sin2 M— (cos2 p+ sin2 p= 0,
??? a+ b與a— b互相垂直.
(2) 解 ka+ b= (kcos a+ cos B ksin a+ sin B ,
a— kb= (cos a— kcos B sin a— ksin p,
|ka+ b|= . k2 + 2kcos p— a + 1,
|a— kb| ==...;: 1 — 2kcos B_ a + k .
I |ka+ b|= |a— kb| , ? 2kcos(p— M= — 2kcos( f— a). 又 kM 0, ? cos( p— a= 0.
n T 0< a< n,二 0< p— a n, p— a=空.
規(guī)律方法(1)當(dāng)向量a與b是坐標(biāo)形式給出時(shí),若證明a丄b,則只需證明a b=
0? X1X2 + yiy2 = 0.
(2)當(dāng)向量a, b是非坐標(biāo)形式時(shí),要把a(bǔ), b用已知的不共線向量作為基底來(lái)表
示且不共線的向量要知道其模與夾角,從而進(jìn)行運(yùn)算證明 a b= 0.
⑶數(shù)量積的運(yùn)算a b= 0? a丄b中,是對(duì)非零向量而言的,若 a= 0,雖然有a b
=0,但不能說(shuō)a丄b.
【訓(xùn)練3】 已知平面向量a= ( 3,— 1), b=
(1) 證明:a丄b;
(2) 若存在不同時(shí)為零的實(shí)數(shù) k和t,使c= a+ (t2 — 3)b, d= — ka + tb,且c丄d, 試求函數(shù)關(guān)系式k= f(t).
1 ^[3
(1)證明 ta b= 3x2— 1X_2 = 0,二 a丄b.
⑵解 t c= a+ (t2 — 3)b, d=— ka + tb, 且 c±d,
2
??? c d= [a+ (t2— 3)b] (— ka+1b) =—ka2 + t(t2 — 3)b2+ [t— k(t2— 3)] a b= 0.
又 a2= |a|2 = 4, b2= |b|2= 1, a b= 0,
??? c d= — 4k+13— 3t = 0,
t3— 3t --k= f(t)= 4 (tz 0).
|課堂小結(jié)|
1?計(jì)算數(shù)量積的三種方法:定義、坐標(biāo)運(yùn)算、數(shù)量積的幾何意義,要靈活選用, 和圖形有關(guān)的不要忽略數(shù)量積幾何意義的應(yīng)用.
2?求向量模的常用方法:利用公式|aj a2,將模的
運(yùn)算轉(zhuǎn)化為向量的數(shù)量積的運(yùn)算.
3 ?利用向量垂直或平行的條件構(gòu)造方程或函數(shù)是求參數(shù)或最值問(wèn)題常用的方法
與技巧.
學(xué)生用書(shū)第75頁(yè)
培養(yǎng)*解題能力 我禰解題提升能力
教你審題5――數(shù)量積的計(jì)算問(wèn)題
【典例】(2012上海卷)在矩形ABCD中,設(shè)AB, AD的長(zhǎng)分別為2,1若M , N
— —
分別是邊BC,CD上的點(diǎn),且滿足回歲=呼,則AM AN的取值范圍是 .
|BC| |CD|
[審題]一審:抓住題眼“矩形ABCD” ;
二審:合理建立平面直角坐標(biāo)系,轉(zhuǎn)化為代數(shù)問(wèn)題解決.
解析
如圖,以A點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)建立平面直角坐標(biāo)系,則各點(diǎn)坐標(biāo)為 A(0,0),B(2,0),
C(2,1), D(0,1),
— —
設(shè)回學(xué)=呼=k(0<k< 1),則點(diǎn)M的坐標(biāo)為(2, k),點(diǎn)N的坐標(biāo)為(2-2k,1),
|BC| |CD|
— — ——
則AM= (2, k), AN= (2-2k,1), AM AN = 2(2-2k) + k=4-3k,而 0< k< 1,故
1< 4-3k< 4.
答案[1,4]
[反思感悟]在利用平面向量的數(shù)量積解決平面幾何中的問(wèn)題時(shí),首先要想到是
否能建立平面直角坐標(biāo)系,利用坐標(biāo)運(yùn)算題目會(huì)容易的多.
【自主體驗(yàn)】
(2012江蘇卷)如圖,在矩形 ABCD中,AB=迄,BC= 2,點(diǎn)E為BC的中點(diǎn),
—— ——
點(diǎn)F在邊CD上,若AB AF = -.2,則AE BF的值是
c
解析 法一 以A為原點(diǎn),AB, AD所在直線分別為x軸、y軸建立平面直角坐
— — —
標(biāo)系,貝U A(0,0),B( ,2,0),E( ,2,1),F(xiàn)(x,2),/AF= (x,2), AB= ( , 2,0),AE
— —— ——
=(2, 1), BF = (x- 2, 2),/AB AF = 2x= .2,解得 x= 1 ,.F(1,2),「AE BF =2.
—— ——
法二 AB AF = AB||AF|cos/BAF= . 2,
— — — —— — — — —
??|AF|cosZBAF = 1, 即卩 |DF|= 1,/.|CF|= 2- 1, AE BF= (AB+ BE) (BC + CF) =
—— —— —— —— —— ——
AB BC + AB CF + BE BC + BE CF = AB CF + BE BC = 2 X ( 2- 1)X (— 1) +
1 X 2X 1= 2.
答案 2
課時(shí)-題組訓(xùn)練 階梆訓(xùn)餘練出高分
基礎(chǔ)鞏固題組
(建議用時(shí):40分鐘)
一、選擇題
1. (2013 湛江二模)向量 a= (1,2), b= (0,2),則 a b=( ).
B. (0,4)
C. 4
D. (1,4)
解析 ab= (1,2) (0,2) = 1X 0+ 2X 2 = 4.
答案 C
2. (2014紹興質(zhì)檢)在邊長(zhǎng)為2的菱形ABCD中,/ BAD= 120° MAC在AB方向
答案
C
,AC在AB方向上的投影為 |AC|cos 60 =2X1.
3. (2013 山東省實(shí)驗(yàn)中學(xué)診斷)已知向量a= ( 3, 1), b= (0,1), c= (k, 3).若
a + 2b與c垂直,則k =( ).
A. - 3 B . - 2 C.— 1 D . 1
解析 由題意知(a+ 2b) c= 0, 即卩a c+ 2b c= 0.
所以,3k + 3 + 2 3 = 0,解得 k= — 3.
答案 A
4. (2014浙江五校聯(lián)盟)若非零向量a,b滿足|a| = |b|,且(2a + b) b= 0,則向量a, b的夾角為( ).
2 n n n 5 n
乞 B.6 C.3 de
解析 由(2a+ b) b= 0,得 2a b+ |b|2= 0.
??2|bf cos<a, b>+ |b|2= 0,「cos<a, b>=—舟,
廠 2n
又<a, b>q0 , n].?<a, b>=^.
答案 A
5. (2013福建卷)在四邊形ABCD中,AC= (1,2), BD = (— 4,2),則該四邊形的面
積為()?
A. 5 B. 2 5 C. 5 D. 10
解析〔AC BD = 1 X (— 4)+ 2 X 2 = 0,
/ACJBD,
??S四邊形=呼?塵5.
答案 C
二、填空題
6. (2013新課標(biāo)全國(guó)I卷)已知兩個(gè)單位向量a, b的夾角為60° c= ta+ (1 — t)b.
若 b c= 0,貝U t = .
解析 b c= b [ta+ (1 — t)b] = ta b+ (1 — t)b2
=t|a||b|cos 60 + (1 — t)|b|2
t t
=2+ 1 —1 = 1 — 2 由 b c= 0,得 1 — 2 = 0,所以 t = 2.
答案2
— —
7. (2014南京三模)在平面直角坐標(biāo)系xOy中,已知OA= (3, — 1), OB= (0,2).若
—— — —
OC AB= 0, AC=QB,則實(shí)數(shù) 入的值為 .
— — — —
解析 設(shè) C(x, y),則 OC= (x, y),又AB = OB — OA= (0,2) — (3,— 1) = (— 3,3),
— — —
所以 OC AB = — 3x + 3y = 0 ,解得 x = y.又 AC = (x — 3, y + 1) = %0,2),得
x— 3= 0,
結(jié)合x(chóng)= y,解得X= 2.
Iy+1 = 2 人
答案2
—
8. (2014濰坊二模)如圖,在△ ABC中,O為BC中點(diǎn),若AB= 1, AC = 3, <AB,
— —
AC> = 60° 則|OA| = .
—* —* —* —* —* —* 1 3 —*
解析 因?yàn)?lt;AB, AC> = 60° 所以 ABAC= AB| |AC|cos 60 =1X 3X二,又AO
2AB+ aC,所以 aO2_4(ab+aC)2_
—— —2 — 2 1
+ 2ABAC + AC ),即 AO _^(1 + 3
+ 9)_ 等,所以 |OA_ ^y3.
答案亠P
三、解答題
9. 已知平面向量 a_(1,x),b_(2x+ 3,-x)(x€ R).
(1) 若a丄b,求x的值;
(2) 若 a// b,求|a-b|.
解(1)若 a丄b,
則 a b_ 1 X (2x+ 3) + x(-x) _ 0. 整理得 x2-2x- 3_0,故 x_- 1 或 x_ 3.
⑵若 a / b,則有 1X (— x)-x(2x+ 3)_0,
即 x(2x+ 4) _ 0,解得 x_ 0 或 x_- 2.
當(dāng) x_ 0 時(shí),a_ (1,0),b_ (3,0), a-b_ (-2,0),
|a — b|_,.:'[ — 2 2 + 0_2.
當(dāng) x_- 2 時(shí),a_ (1,- 2), b_ (- 1,2), a-b_ (2,- 4),
二 |a- b| _ 2 5.
綜上,可知|a- b|_ 2或2 5.
10. 已知 |a|_4, |b|_3, (2a- 3b) (2a+ b)_61,
(1) 求a與b的夾角9;
(2) 求 |a+ b|;
-— -—
(3) 若AB_a, BC_ 0求厶ABC的面積.
解(1); (2a- 3b) (2a + b)_61,
??? 4|af — 4a b-3|b|2_ 61.
又|a|_4, |b|_ 3,A 64-4a b-27_61,
? a b — 6 1
a b= — 6. — cos 0= = = — 刁.
|a||b| 4X 3 2
2 n
又 ow oc n, ? 0=~3.
(2)|a+ bf= (a+ b)2= |a|2 + 2a b+ |b|2
=42 + 2X (-6) + 32= 13,
? |a+ b|= , 13.
—* —* 2 n 2 n n
⑶ t AB與BC的夾角 0= §,?/ABC= n- 3.
* *
又|AB| = |a= 4, |BC| = |b|= 3,
1 -* -* i 13
? Sa ABC = sin/ ABC=^X4X 3X~2" = 3 3.
能力提升題組
(建議用時(shí):25分鐘)
一、選擇題
1. (2013青島一模)若兩個(gè)非零向量 a, b滿足|a+ b|=|a-b|= 2|a則向量a+ b 與a的夾角為( ).
n n 2 n 5 n
a?6 B?3 CE D.$
解析 由 |a+ b| = |a- b|,得 a2 + 2a b+ b2 = a2- 2a b+ b2,即卩 a b= 0,所以(a+ b) a =a2 + a b= |af.
故向量a+b與a的夾角0的余弦值為
(a+b) a |a|2 1— n
cos 0= = 9- ... = 9.所以 0= Q.
|a+ b||a| 2|a|a| 2 3
答案 B
* * * *
2. (2014昆明調(diào)研)在厶ABC中,設(shè)AC2-AB2= 2AM BC,那么動(dòng)點(diǎn)M的軌跡必
通過(guò)△ ABC的( ).
A .垂心 B .內(nèi)心 C .外心 D.重心
— — — — — — ——
解析 假設(shè) BC 的中點(diǎn)是 O.則AC2 — AB2 — (AC + AB) (AC — AB) — 2AO BC —
—
2AM
— — —— —— — —
BC,即(AO—AM) BC= MO BC = 0,所以MO JBC,所以動(dòng)點(diǎn) M在線段BC
的中垂線上,所以動(dòng)點(diǎn) M的軌跡必通過(guò)△ ABC的外心,選C.
答案 C
、填空題
3. (2013浙江卷)設(shè)e1,e2為單位向量,非零向量 b= xe1 + ye2,x,y€ R若e1, e2的夾角為n,則1的最大值等于 .
解析 因?yàn)?& e2 — cos f—于,所以 b2 — x2 + y2 + 2xye1 e2 — x2 + y2 + , 3xy.所以p
x2
X + y + 3xy
,設(shè) t=X,則 1 +12 + . 3t =
t+
1 1
+4> 4所以
0v »3;三4,即話的最大值為4,所以ibi的最大值為2.
答案2 三、解答題
4. 設(shè)兩向量e1, e2滿足心| = 2,血|= 1, e1, e2的夾角為60°,若向量2te1 + 7e2 與向量e1 + te2的夾角為鈍角,求實(shí)數(shù)t的取值范圍.
解由已知得 e1 = 4, e2— 1, e1 e2 — 2 x 1 x cos 60 丄 1.
???(2te1 + 7e2) (& + te?) — 2teh + (2t2 + 7)e〔 e2+ 7te2 — 2t2 + 15t+ 7.
2 1
欲使夾角為鈍角,需2t2 + 15t + 7v0,得—7vtv — 2.
設(shè) 2tei + 7e2= Xei + te2)( X 0),
0—入 2
???, 二 2t2— 7.
7—t入
??? t—一 號(hào)4,此時(shí) 入一—14.
V14
即t——牙時(shí),向量2te1 + 7e2與e1 + te2的夾角為n.
二當(dāng)兩向量夾角為鈍角時(shí),t的取值范圍是
1
—2.
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