5、c
D.a(chǎn)衛(wèi)星由于阻力,軌道半徑緩慢減小,其線(xiàn)速度將增大,機(jī)械能不變
【答案】AB
【解析】根據(jù)萬(wàn)有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力有有:線(xiàn)速度,可知軌道半徑小的線(xiàn)速度大,故A正確;向心加速度 知,軌道半徑小的向心加速度大,故B正確;c加速前萬(wàn)有引力等于圓周運(yùn)動(dòng)向心力,加速后所需向心力增加,而引力沒(méi)有增加,故C衛(wèi)星將做離心運(yùn)動(dòng),故不能追上同一軌道的衛(wèi)星b,所以C錯(cuò)誤;a衛(wèi)星由于阻力,軌道半徑緩慢減小,根據(jù)可知其線(xiàn)速度將增大,但由于克服阻力做功,機(jī)械能減小。故D錯(cuò)誤。故選:AB。
5、(2019·新課標(biāo)全國(guó)Ⅱ卷)
從地面豎直向上拋出一物體,其機(jī)械能E總等于動(dòng)能Ek與重力勢(shì)能Ep之和。取地面為重力
6、勢(shì)能零點(diǎn),該物體的E總和Ep隨它離開(kāi)地面的高度h的變化如圖所示。重力加速度取10 m/s2。由圖中數(shù)據(jù)可得
A.物體的質(zhì)量為2 kg
B.h=0時(shí),物體的速率為20 m/s
C.h=2 m時(shí),物體的動(dòng)能Ek=40 J
D.從地面至h=4 m,物體的動(dòng)能減少100 J
【答案】AD
【解析】A.Ep–h圖像知其斜率為G,故G==20 N,解得m=2 kg,故A正確B.h=0時(shí),Ep=0,Ek=E機(jī)–Ep=100 J–0=100 J,故=100 J,解得:v=10 m/s,故B錯(cuò)誤;C.h=2 m時(shí),Ep=40 J,Ek=E機(jī)–Ep=85 J–40 J=45 J,故C錯(cuò)誤;D.h=
7、0時(shí),Ek=E機(jī)–Ep=100 J–0=100 J,h=4 m時(shí),Ek′=E機(jī)–Ep=80 J–80 J=0 J,故Ek–Ek′=100 J,故D正確。
6、2018年2月13日,平昌冬奧會(huì)女子單板滑雪U型池項(xiàng)目中,我國(guó)選手劉佳宇榮獲亞軍,為我國(guó)奪得首枚獎(jiǎng)牌.如圖為U型池模型,其中A、B為U型池兩側(cè)邊緣,C為U型池最低點(diǎn),U型池軌道各處粗糙程度相同.一小球在池邊高h(yuǎn)處自由下落由左側(cè)進(jìn)入池中,從右側(cè)飛出后上升的最大高度為,下列說(shuō)法正確的是( )
A.小球再次進(jìn)入池中后,能夠沖出左側(cè)邊緣A然后返回
B.小球再次進(jìn)入池中后,剛好到達(dá)左側(cè)邊緣A然后返回
C.由A到C過(guò)程與由C到B過(guò)程相比
8、,小球損耗機(jī)械能相同
D.由A到C過(guò)程與由C到B過(guò)程相比,前一過(guò)程小球損耗機(jī)械能較小
【參考答案】A 分析題意可知,小球由左側(cè)進(jìn)入池中從右側(cè)飛出的過(guò)程中,克服摩擦力做功,損失的機(jī)械能為ΔE=mg·,小球再次返回時(shí),通過(guò)軌道同一位置的速率減小,根據(jù)向心力公式可知,小球?qū)壍赖膲毫p小,摩擦力減小,克服摩擦力做功減小,機(jī)械能損失量減小,故小球再次進(jìn)入池中后,能夠沖出左側(cè)邊緣A然后返回,A選項(xiàng)正確,B選項(xiàng)錯(cuò)誤;同理,由A到C過(guò)程中同一高度的速率大于由C到B過(guò)程的速率,摩擦力大于由C到B過(guò)程的摩擦力,前一過(guò)程小球損耗機(jī)械能較大,C、D選項(xiàng)錯(cuò)誤.
7、(多選)如圖所示,將質(zhì)量為M1、半徑為R且內(nèi)壁
9、光滑的半圓槽置于光滑水平面上,左側(cè)靠豎直墻,右側(cè)靠一質(zhì)量為M2的物塊.今讓一質(zhì)量為m的小球自左側(cè)槽口A的正上方足夠高處從靜止開(kāi)始下落,與半圓槽相切自A點(diǎn)進(jìn)入槽內(nèi),則以下結(jié)論中正確的是( )
A.小球在槽內(nèi)運(yùn)動(dòng)的全過(guò)程中,小球與半圓槽在水平方向動(dòng)量守恒
B.小球在槽內(nèi)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)后,小球、半圓槽和物塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒
C.小球離開(kāi)C點(diǎn)以后,將做斜上拋運(yùn)動(dòng),且恰好再?gòu)腃點(diǎn)落入半圓槽中
D.小球第二次通過(guò)B點(diǎn)時(shí)半圓槽與物塊分離,分離后兩者不會(huì)再相碰
【參考答案】CD 動(dòng)量守恒的條件是不受外力或是外力之和為零,小球在槽內(nèi)左側(cè)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中,小球和半圓槽受到了豎直墻面水平向右的作用力,水平
10、方向上動(dòng)量不守恒,A選項(xiàng)錯(cuò)誤;小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)以后,系統(tǒng)在水平方向上動(dòng)量守恒,豎直方向上受到重力作用,動(dòng)量不守恒,B選項(xiàng)錯(cuò)誤;小球離開(kāi)C點(diǎn)時(shí),水平方向上與槽共速,豎直方向上做上拋運(yùn)動(dòng),故小球做斜上拋運(yùn)動(dòng),恰好再?gòu)腃點(diǎn)落入半圓槽中,C選項(xiàng)正確;第二次通過(guò)B點(diǎn)后,小球?qū)Π雸A槽的作用力有水平向左的分量,半圓槽向右減速,物塊繼續(xù)做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),兩者分離,D選項(xiàng)正確.
8、(2019·新課標(biāo)全國(guó)Ⅲ卷)
如圖,電荷量分別為q和–q(q>0)的點(diǎn)電荷固定在正方體的兩個(gè)頂點(diǎn)上,a、b是正方體的另外兩個(gè)頂點(diǎn)。則
A.a(chǎn)點(diǎn)和b點(diǎn)的電勢(shì)相等
B.a(chǎn)點(diǎn)和b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等
C.a(chǎn)點(diǎn)和b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向
11、相同
D.將負(fù)電荷從a點(diǎn)移到b點(diǎn),電勢(shì)能增加
【答案】BC
【解析】由幾何關(guān)系,
可知b的電勢(shì)大于a的電勢(shì),故A錯(cuò)誤,把負(fù)電荷從a移到b,電勢(shì)能減少,故D錯(cuò)誤;由對(duì)稱(chēng)性和電場(chǎng)的疊加原理,可得出a、b的合電場(chǎng)強(qiáng)度大小、方向都相同,故B、C正確。
9、(多選)如圖所示,空間某處存在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)和垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng),一個(gè)帶負(fù)電的金屬小球從M點(diǎn)水平射入場(chǎng)區(qū),經(jīng)一段時(shí)間運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn),關(guān)于小球由M到N的運(yùn)動(dòng),下列說(shuō)法正確的是( )
A.小球可能做勻變速運(yùn)動(dòng) B.小球一定做變加速運(yùn)動(dòng)
C.小球動(dòng)能可能不變 D.小球機(jī)械能守恒
【參考答案】BC 分析小球的受力情況
12、,受到豎直向下的重力和洛倫茲力,豎直向上的電場(chǎng)力作用,小球向下做曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng),速度方向時(shí)刻改變,洛倫茲力時(shí)刻改變,小球不可能做勻變速運(yùn)動(dòng),A選項(xiàng)錯(cuò)誤;根據(jù)曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可知,受力指向軌跡的內(nèi)側(cè),故小球一定做變加速運(yùn)動(dòng),B選項(xiàng)正確;如果電場(chǎng)力與重力相互抵消,則小球動(dòng)能不變,C選項(xiàng)正確;小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中,電場(chǎng)力做負(fù)功,根據(jù)功能關(guān)系可知,小球機(jī)械能減小,D選項(xiàng)錯(cuò)誤.
10、(2019·四川高二期末)
如圖所示,在豎直向下的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,金屬框架ABCD固定在水平面內(nèi),AB與CD平行且足夠長(zhǎng),BC與CD夾角θ(θ<90°),光滑導(dǎo)體棒EF(垂直于CD)在外力作用下以垂直于自身的速度v向右勻
13、速運(yùn)動(dòng),在滑動(dòng)過(guò)程中導(dǎo)體棒始終保持與導(dǎo)軌良好接觸,光滑導(dǎo)體棒EF經(jīng)過(guò)C點(diǎn)瞬間作為計(jì)時(shí)起點(diǎn)。若金屬框架與導(dǎo)體棒是由粗細(xì)相同的均勻的同種材料組成的導(dǎo)體,下列關(guān)于電路中電流大小I與時(shí)間t、消耗的電功率P與導(dǎo)體棒水平移動(dòng)的距離x變化規(guī)律的圖象中正確的是
A. B.
C. D.
【答案】BD
【解析】AB、設(shè)導(dǎo)軌間距為L(zhǎng),導(dǎo)體及導(dǎo)軌單位長(zhǎng)度的電阻為。當(dāng)導(dǎo)體棒移動(dòng)距離時(shí),感應(yīng)電流一定;當(dāng)導(dǎo)體棒移動(dòng)距離時(shí),感應(yīng)電流,當(dāng)x增大時(shí),I減小,兩者是非線(xiàn)性關(guān)系。故A錯(cuò)誤B正確。CD、當(dāng)導(dǎo)體棒移動(dòng)距離時(shí),電路中消耗的功率與x成正比;當(dāng)時(shí),電路中消耗的功率,當(dāng)x增大時(shí),P減小,兩者是非線(xiàn)性關(guān)系。故C錯(cuò)誤D正
14、確。
11、如圖所示,邊長(zhǎng)為L(zhǎng)、匝數(shù)為N,電阻不計(jì)的正方形線(xiàn)圈abcd在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞轉(zhuǎn)軸OO′轉(zhuǎn)動(dòng),轉(zhuǎn)軸OO′垂直于磁感線(xiàn),在線(xiàn)圈外接一含有理想變壓器的電路,變壓器原、副線(xiàn)圈的匝數(shù)分別為n1和n2.保持線(xiàn)圈以恒定角速度ω轉(zhuǎn)動(dòng),下列判斷正確的是( )
A.從圖位置計(jì)時(shí),矩形線(xiàn)圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為e=NBωL2sinωt
B.電壓表V1示數(shù)等于NBωL2,電壓表V2示數(shù)等于
C.當(dāng)可變電阻R的滑片P向上滑動(dòng)時(shí),電壓表V2的示數(shù)變大
D.當(dāng)可變電阻R的滑片P向上滑動(dòng)時(shí),變壓器的輸入功率減小
【參考答案】D 正弦式交流發(fā)電機(jī)從垂直中性面位置開(kāi)始計(jì)時(shí),電動(dòng)
15、勢(shì)表達(dá)式為e=NBL2ωcosωt,A選項(xiàng)錯(cuò)誤;電壓表和電流表讀數(shù)為有效值,線(xiàn)圈中產(chǎn)生的最大電動(dòng)勢(shì)Em=NBL2ω,根據(jù)正弦式交變電流的規(guī)律可知,電壓表V1的示數(shù)等于NBL2ω,電壓表V2的示數(shù)等于NBL2ω,B選項(xiàng)錯(cuò)誤;交流發(fā)電機(jī)內(nèi)電阻不計(jì),變壓器輸入電壓不變,根據(jù)理想變壓器電壓和匝數(shù)的關(guān)系可知,當(dāng)P位置向上滑動(dòng)時(shí),副線(xiàn)圈上的電壓不變,電壓表V2讀數(shù)不變,C選項(xiàng)錯(cuò)誤;當(dāng)P位置向上移動(dòng)時(shí),R增大,根據(jù)電功率的表達(dá)式可知,變壓器的輸出功率減小,輸入功率減小,D選項(xiàng)正確.
12、下列描繪兩種溫度下黑體輻射強(qiáng)度與頻率關(guān)系的圖中,符合黑體輻射實(shí)驗(yàn)規(guī)律的是( )
【參考答案】A 黑體輻射以電磁輻射的形式向外輻射能量,溫度越高,輻射越強(qiáng)越大,黑體輻射的波長(zhǎng)分布情況也隨溫度而變,溫度越高,輻射的電磁波的波長(zhǎng)越短,A選項(xiàng)正確.
13、(2019·天津卷)
如圖為、、三種光在同一光電效應(yīng)裝置中測(cè)得的光電流和電壓的關(guān)系。由、、組成的復(fù)色光通過(guò)三棱鏡時(shí),下述光路圖中正確的是
【答案】C
【解析】由光電效應(yīng)的方程,動(dòng)能定理,兩式聯(lián)立可得,故截止電壓越大說(shuō)明光的頻率越大,則有三種光的頻率,則可知三種光的折射率的關(guān)系為,因此光穿過(guò)三棱鏡時(shí)b光偏折最大,c光次之,a光最小,故選C,ABD錯(cuò)誤。
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