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1、2022年高考物理一輪復(fù)習(xí) 全真精準(zhǔn)模擬 第05周 第一練(大題特訓(xùn))(含解析)
24.(14分)
如圖所示,在空間坐標(biāo)系x<0區(qū)域中有豎直向上的勻強(qiáng)電場E1,在一、四象限的正方形區(qū)域CDEF內(nèi)有方向如圖所示的正交的勻強(qiáng)電場E2和勻強(qiáng)磁場B,已知CD=2L,OC=L,E2=4E1.在-x軸上有一質(zhì)量為m、電量為+q的金屬a球以速度v0沿x軸向右勻速運(yùn)動(dòng),并與靜止在坐標(biāo)原點(diǎn)O處用絕緣細(xì)支柱支撐的(支柱與b球不粘連、無摩擦)質(zhì)量為2m、不帶電金屬b球發(fā)生彈性碰撞。已知a、b球體積大小、材料相同且都可視為點(diǎn)電荷,碰后電荷總量均分,重力加速度為g,不計(jì)a、b球間的靜電力,不計(jì)a、b球產(chǎn)生的場對電場
2、、磁場的影響,求:
(1)碰撞后,a、b兩球的速度大??;
(2)a、b碰后,若b球從CD邊界射出,求b球運(yùn)動(dòng)時(shí)間的范圍;
(3)若將磁場反向,兩球可否再次碰撞,若可以,請求出磁感應(yīng)強(qiáng)度;若不可以,請簡述理由.
【答案】(1) (2) (3)
【解析】
(2)碰撞后,b受到的電場力為:F電
故b做勻速圓周運(yùn)動(dòng),由牛頓第二定律得:
解得:
聯(lián)立解得:
故若b從CD邊界射出,則其在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間滿足:
(3)碰后a、b電量總量平分,即:
碰后a在電場中向左做類平拋運(yùn)動(dòng),b在垂直紙面向外的磁場中偏轉(zhuǎn)半周再進(jìn)入電場中做類平拋運(yùn)動(dòng),設(shè)兩球再次相遇的位置在P點(diǎn)
3、,其坐標(biāo)為(-x,-y)
根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)x=vt
則類平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)間差滿足
由牛頓第二定律得球a : a
同理球b:
解得
根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)
則類平拋運(yùn)動(dòng)的側(cè)向位移差滿足
聯(lián)立方程得
25.(18分)
如圖所示輕彈簧一端固定在水平面上的豎直擋板上,處于原長時(shí)另一端位于水平面上B點(diǎn)處,B點(diǎn)左側(cè)光滑,右側(cè)粗糙。水平面的右側(cè)C點(diǎn)處有一足夠長的斜面與水平面平滑連接,斜面傾角為37°,斜面上有一半徑為R=1m的光滑半圓軌道與斜面切于D點(diǎn),半圓軌道的最高點(diǎn)為E,G為半圓軌道的另一端點(diǎn),=2.5m,A、B、C、D、E、G均在同一豎直面內(nèi)。使質(zhì)量為m=0.5kg的小物塊P擠壓彈簧右端
4、至A點(diǎn),然后由靜止釋放P,P到達(dá)B點(diǎn)時(shí)立即受到斜向右上方,與水平方向的夾角為37°,大小為F=5N的恒力,一直保持F對物塊P的作用,結(jié)果P通過半圓軌道的最高點(diǎn)E時(shí)的速度為。已知P與水平面斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ=0.5,g取.sin37°=0.6,
(1)P運(yùn)動(dòng)到E點(diǎn)時(shí)對軌道的壓力大小;
(2)彈簧的最大彈性勢能;
(3)若其它條件不變,增大B、C間的距離使P過G點(diǎn)后恰好能垂直落在斜面上,求P在斜面上的落點(diǎn)距D點(diǎn)的距離。
【答案】(1) (2) (3)
【解析】
【詳解】
(1) P在半圓軌道的最高點(diǎn)E,設(shè)軌道對P的壓力為,由牛頓運(yùn)動(dòng)定律得:
解得:
由牛頓第三定律得,P運(yùn)動(dòng)到E點(diǎn)時(shí)對軌道的壓力FN =3N
(3)P在G點(diǎn)脫離圓軌道,做曲線運(yùn)動(dòng),把該運(yùn)動(dòng)分解為平行于斜面的勻減速直線運(yùn)動(dòng)和垂直于斜面的初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng),有:
解得:m/s2
解得:m/s2
P垂直落在斜面上,運(yùn)動(dòng)時(shí)間滿足:
平行于斜面方向上:
聯(lián)立解得:m/s
平行于斜面方向上: m
P在斜面上的落地距D的距離m。