2022年高考物理一輪復習 全程訓練計劃 課練23 直流電路（含解析）

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1、2022年高考物理一輪復習 全程訓練計劃 課練23 直流電路（含解析） 小題狂練 小題是基礎　練小題　提分快 1.[2019·重慶市重慶一中摸底]某興趣小組調查一條河流的水質情況，通過計算結果表明，被污染的河里一分鐘內有相當于6 C的正離子和9 C的負離子向下游流去，則取樣時這條河流的等效電流大小和方向分別是(　　) A．0.25 A　順流而下 B．0.05 A　順流而下 C．0.25 A　逆流而上 D．0.05 A　逆流而上 答案：D 解析：若正、負離子移動方向相反，則通過橫截面的總電荷量是兩種離子電荷量絕對值之和，若正、負離子向著同一個方向流動，則通過橫截面的

2、總電荷量等于正、負離子的電荷量的代數(shù)和，所以由題意可知，在1 min內向下游通過橫截面的總電荷量應為q＝6 C－9 C＝－3 C，所以電流I＝＝－0.05 A，負號表示等效電流方向與河水的流動方向相反，即電流的方向為逆流而上，選項D正確． 2．[2019·湖南省益陽模擬](多選)一根粗細均勻的金屬導線，在其兩端加上電壓U0時，通過導線的電流為I0，導線中自由電子定向移動的平均速率為v，若將導線均勻拉長，使它的橫截面半徑變?yōu)樵瓉淼?，再給它兩端加上電壓2U0，則(　　) A．通過導線的電流為 B．通過導線的電流為 C．導線中自由電子定向移動的平均速率為 D．導線中自由電子定向移動的平均速

3、率為 答案：AD 解析：將金屬導線均勻拉長，因橫截面半徑變?yōu)樵瓉淼囊话?，則橫截面積變?yōu)樵瓉淼?，其長度變?yōu)樵瓉淼?倍，根據(jù)電阻定律R＝ρ分析可知，導線電阻變?yōu)樵瓉淼?6倍，又電壓變?yōu)?U0，根據(jù)歐姆定律I＝可知，電流變?yōu)椋珹項正確，B項錯誤；根據(jù)電流的微觀表達式I＝nevS，其中n、e不變，電流變?yōu)樵瓉淼?，橫截面積變?yōu)樵瓉淼模瑒t自由電子定向移動的平均速率變?yōu)?，C項錯誤，D項正確． 3．[2019·天津市耀華中學檢測]如圖所示，兩根橫截面積相同的不同材料制成的導線Ⅰ和Ⅱ，串聯(lián)后接入電路．若導線上任意一點的電勢φ隨該點與a點距離x的變化關系如圖所示．導線Ⅰ和Ⅱ的電阻率分別為ρ1、ρ2，電阻分別

4、為R1、R2，則(　　) A．ρ1<ρ2，R1ρ2，R1R2 D．ρ1>ρ2，R1>R2 答案：A 解析：由U＝IR，R＝ρ，根據(jù)導線上任意一點的電勢φ隨該點與a點距離x的變化關系圖線，可知ρ1<ρ2,2R1＝R2，A項正確． 4．[2019·華南師大附中月考]如圖所示，電阻R1、R2串聯(lián)在12 V的電路中，R1＝6 kΩ，R2＝3 kΩ.當用電阻不是遠大于R1和R2的電壓表0～3 V量程測量R2兩端的電壓時，電壓表的示數(shù)是3 V；當用該電壓表0～15 V量程測量R1兩端的電壓時，電壓表的示數(shù)為(　　) A．9 V

5、B．8 V C．7.5 V D．6 V 答案：C 解析：設0～3 V量程的電壓表的內阻為RV，依據(jù)串聯(lián)電路的規(guī)律有：R1＝3×，解得RV＝6 kΩ；根據(jù)電壓表的改裝原理可知0～15 V量程的電壓表的內阻為R′V＝30 kΩ，所以當用該電壓表0～15 V量程測量R1兩端的電壓時，電壓表與R1并聯(lián)的電阻為R并＝＝5 kΩ，則電壓表的讀數(shù)為×12 V＝7.5 V，所以C項正確． 5．[2019·江西省吉安一中檢測]如圖所示的電路中，A1和A2為理想電流表，示數(shù)分別為I1和I2，R1：R2：R3＝1：2：3；當a、b兩點間加以恒定的電壓U后，下列結論正確的是(　　) A．I1

6、：I2＝3：4 B．I1：I2＝4：9 C．將A1、A2換成理想電壓表，其示數(shù)之比為3：5 D．將A1、A2換成理想電壓表，其示數(shù)之比為1：1 答案：C 解析：電源接在a、b兩點時，電路圖如圖1所示，并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，且干路電流等于各支路電流之和，則有＝＝，故A、B錯誤；將A1、A2換成理想電壓表，如圖2所示成為串聯(lián)電路，UR1：UR2：UR3＝1：2：3，＝，故C正確，D錯誤． 6．[2019·河北省石家莊二中模擬]如圖所示電路，已知R1＝3 kΩ，R2＝2 kΩ，R3＝2 kΩ，I＝10 mA，I1＝6 mA，則a、b兩點電勢高低和通過

7、R2中電流正確的是(　　) A．a(chǎn)比b高，4 mA B．a(chǎn)比b高，2 mA C．a(chǎn)比b低，5 mA D．a(chǎn)比b低，4 mA 答案：C 解析：設c點電勢為零，則電流通過R1的電壓降為|Uca|＝I1R1＝18 V，即a點電勢為－18 V，流過R3的電流I3＝I－I1＝4 mA，同理可知，b點電勢為－8 V；可見a點電勢比b點低，通過R2的電流I2＝＝5 mA，故選項C正確． 7．[2019·山西省太原五中模擬]某種金屬導體的U—I圖象如圖所示，圖象上A點和原點的連線與橫軸成α角，A點的切線與橫軸成β角．關于該導體的敘述，下列說法中正確的是(　　) A．導體的電功率隨電壓U

8、的增大而增大 B．導體的電功率與電壓U的平方成正比 C．在A點，導體的電阻為tanβ D．在A點，導體的電阻為tanα 答案：A 解析：由圖象知，U增大，電流I也增大，該導體的電功率在數(shù)值上等于橫、縱坐標的乘積，則電功率增大，故A選項正確；由歐姆定律知，導體的電阻R＝，隨著U增大，I增大得越來越慢，故導體的電阻R隨U的增大而增大，由P＝知導體的電功率與電壓U的平方不成正比，故B選項錯誤；在物理圖象中上，圖線的傾角與標度的選取有關，不能用傾角的正切求電阻，所以C、D選項錯誤． 8．[2019·江西省新余一中模擬]下列關于電動勢的說法正確的是(　　) A．電源的電動勢跟電源內非靜電力

9、做的功成正比，跟通過的電荷量成反比 B．電動勢的單位跟電壓的單位一致，所以電動勢就是兩極間的電壓 C．非靜電力做的功越多，電動勢就越大 D．E＝只是電動勢的定義式而非決定式，電動勢的大小是由電源內非靜電力的特性決定的 答案：D 解析：電動勢的定義式E＝中，E與W、q無關，E反映的是電源的屬性，由電源內部非靜電力的特性決定，故A、C項錯誤，D項正確；電動勢的單位雖然與電壓的單位相同，但兩者有本質的區(qū)別，B項錯誤． 9．[2019·福建師大附中模擬]如圖甲所示，電壓表V1、V2串聯(lián)接入電路中時，示數(shù)分別為6 V和4 V，當只有電壓表V2接入電路中時，如圖乙所示，示數(shù)為9 V，電源的電動

10、勢為(　　) A．9.8 V B．10 V C．10.8 V D．11.2 V 答案：C 解析：設電源的電動勢和內阻分別為E和r，電壓表V2的內阻為R2，根據(jù)閉合電路歐姆定律，對題圖甲和題圖乙分別有：E＝6 V＋4 V＋r，E＝9 V＋r，解得E＝10.8 V．故只有選項C正確． 10. [2019·湖北省宜昌市夷陵中學檢測](多選)如圖所示的電路，由電源、電阻箱和電流表組成，電源電動勢E＝4 V，內阻r＝2 Ω.電流表內阻忽略不計，調節(jié)電阻箱，當電阻箱讀數(shù)等于R1和R2時，電流表對應的讀數(shù)分別為I1和I2，這兩種情況下電源的輸出功率相等．下列說法中正確的是(　　)

11、 A．I1＋I2＝2 A B．I1－I2＝2 A C．R1＝ D．R1＝ 答案：AD 解析：根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U＝E－Ir，輸出功率P＝UI＝EI－I2r，根據(jù)題述，EI1－Ir＝EI2－Ir，整理得：I1＋I2＝2 A，故A項正確，B項錯誤；電源的輸出功率P＝IR1＝IR2，且E＝I1(r＋R1)＝I2(r＋R2)，整理得：R1R2＝4 Ω2，故C項錯誤，D項正確． 11．[2019·湖北省黃崗中學測試](多選)如圖所示，電源電動勢E＝3 V，小燈泡L標有“2 V、0.4 W”，開關S接1，當滑動變阻器調到R＝4 Ω時，小燈泡L正常發(fā)光；現(xiàn)將開關S接2，小燈泡L和電動機

12、M均正常工作．則(　　) A．電源內阻為1 Ω B．電動機的內阻為4 Ω C．電動機的正常工作電壓為1 V D．電源效率約為93.3% 答案：AD 解析：由小燈泡的額定功率P＝UI可知，I＝0.2 A，由歐姆定律得RL＝，可知小燈泡正常發(fā)光時電阻RL＝10 Ω，由閉合電路歐姆定律可知，I＝，解得r＝1 Ω，A項正確；接2時小燈泡正常發(fā)光，說明電路中電流仍為0.2 A，故電動機兩端電壓U′＝E－IRL－Ir＝0.8 V，電動機為非純電阻用電器，故電動機內阻不等于4 Ω，B、C項錯誤；由P＝I2r，η＝×100%，代入數(shù)據(jù)可得電源效率約93.3%，D項正確． 12. [2019

13、·河南省鄭州檢測](多選)如圖所示的電路中，電表均為理想電表，閉合開關S，將滑動變阻器的滑片P向右移動至某一位置，與移動前相比，下列說法正確的是(　　) A．電流表讀數(shù)變小，電壓表讀數(shù)變大 B．小燈泡L變亮 C．電源的輸出功率一定變大 D．電容器所帶的電荷量減少 答案：BD 解析：閉合開關，將滑動變阻器的滑片P向右滑動，滑動變阻器接入電路中的阻值減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律，總電流增大，路端電壓減小，電流表讀數(shù)增大，小燈泡變亮，電壓表讀數(shù)減小，選項A錯誤，B正確；由于不知內阻與滑動變阻器接入電路中阻值的大小關系，故不能判斷出電源輸出功率的變化情況，選項C錯誤；由于小燈泡中電流增大，小

14、燈泡兩端電壓增大，而路端電壓減小，所以電容器兩極板之間的電壓一定減小，由C＝可知，電容器所帶的電荷量Q減少，選項D正確． 13．[2019·四川省成都市樹德中學測試]A、B兩塊正對的金屬板豎直放置，在金屬板A的內側表面系一絕緣細線，細線下端系一帶電小球．兩塊金屬板接在如圖所示的電路中．電路中的R1為光敏電阻(其電阻隨光照強度增大而減小)，R2為滑動變阻器，R3為定值電阻．當R2的滑動觸頭P在a端時閉合開關S.此時理想電流表A和理想電壓表V的示數(shù)分別為I和U，帶電小球靜止時絕緣細線與金屬板A的夾角為θ，電源電動勢E和內阻r一定．則以下說法正確的是(　　) A．若將R2的滑動觸頭P向b端移

15、動，則I不變，U增大 B．保持滑動觸頭P不動，用更強的光照射R1，則I增大，U增大 C．保持滑動觸頭P不動，用更強的光照射R1，則小球重新達到穩(wěn)定后θ變大 D．保持滑動觸頭P不動，用更強的光照射R1，則U的變化量的絕對值與I的變化量的絕對值的比值不變 答案：D 解析：將R2的滑動觸頭P向b端移動時，因為電容器的電阻無窮大，所以I不變，U不變，即A項錯誤；保持滑動觸頭P不動，用更強的光照射R1，光敏電阻R1的值將變小，外電路總電阻減小，則I增大，U減小，所以B項錯誤；保持滑動觸頭P不動，用更強的光照射R1，則A、B兩金屬板間的電壓減小，兩板間電場強度減小，小球所受電場力減小，所以小球重

16、新達到穩(wěn)定后θ變小，即C項錯誤；保持滑動觸頭P不動，用更強的光照射R1，則U的變化量的絕對值與I的變化量的絕對值的比值等于電源的內阻r，即不變，所以D項正確． 14. [2019·湖北省孝感調研]如圖所示，電路中的電源為恒流源或恒壓源(不管外電路的電阻如何變化，它都能夠提供持續(xù)的定值電流或定值電壓)．當滑動變阻器的滑動觸頭向上滑動時，電壓表的示數(shù)變化量的絕對值為ΔU，電流表的示數(shù)變化量的絕對值為ΔI，則下列說法正確的是(　　) A．若電源為恒壓源時，V示數(shù)增大，A示數(shù)減小 B．若電源為恒壓源時，V示數(shù)不變，A示數(shù)增大 C．若電源為恒流源時，V示數(shù)增大，A示數(shù)減小，＝R1 D．若

17、電源為恒流源時，V示數(shù)增大，A示數(shù)增大，＝R2 答案：C 解析：若電源為恒壓源時，當滑動變阻器的滑動觸頭向上滑動時，總電阻增大，總電流減小，所以R2兩端的電壓減小，R1兩端的電壓增大，所以R1的分流增大，A的示數(shù)減小，V的示數(shù)不變，即A、B項錯誤；若電源為恒流源時，當滑動變阻器的滑動觸頭向上滑動時，總電阻增大，V示數(shù)增大，R1兩端的電壓增大，所以R1的分流增大，A的示數(shù)減小，因為U＝I0R2＋(I0－I)R1，所以＝R1，C項正確，D項錯誤． 15．[2019·云南師大附中模擬](多選)在如圖甲所示的電路中，L1、L2、L3為三個相同規(guī)格的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示．當開

18、關S閉合后，電路中的總電流為0.25 A，則此時(　　) A．L1上的電壓為L2上電壓的2倍 B．L1消耗的電功率為0.75 W C．L2的電阻為12 Ω D．L1、L2消耗的電功率的比值大于4 答案：BD 解析：電路中的總電流為0.25 A，L1中電流為0.25 A，由小燈泡的伏安特性曲線可知L1兩端電壓為3.0 V，L1消耗的電功率為P1＝U1I1＝0.75 W，B項正確；根據(jù)并聯(lián)電路規(guī)律，L2中電流為0.125 A，由小燈泡的伏安特性曲線可知L2兩端電壓大約為0.3 V，L1兩端電壓大約為L2兩端電壓的10倍，A項錯誤；由歐姆定律，L2的電阻約為R2＝＝ Ω＝2.4 Ω，

19、C項錯誤；L2消耗的電功率約為P2＝U2I2＝0.3 ×0.125 W＝0.037 5 W，L1、L2消耗的電功率的比值大于4，D項正確． 16. [2019·湖北省部分重點中學聯(lián)考](多選)硅光電池是一種太陽能電池，具有低碳環(huán)保的優(yōu)點．如圖所示，圖線a是該電池在某光照強度下路端電壓U和電流I的關系圖象(電池電動勢不變，內阻不是常量)，圖線b是某電阻R的U—I圖象，傾斜虛線是過a、b交點的a的切線．在某光照強度下將它們組成閉合回路時，下列相關敘述正確的是(　　) A．此時硅光電池的內阻為12.5 Ω B．此時硅光電池的輸出功率為0.5 W C．此時硅光電池的總功率為0.72 W

20、 D．此時硅光電池的輸出效率為40% 答案：BC 解析：由閉合電路歐姆定律得U＝E－Ir，當I＝0時，E＝U，由圖線a與縱軸的交點可得電動勢為E＝3.6 V．根據(jù)兩圖線交點處的狀態(tài)可知，電阻R兩端的電壓為2.5 V，則內阻r＝ Ω＝5.5 Ω，故A項錯誤；此時硅光電池的輸出功率P出＝UI＝2.5×0.2 W＝0.5 W，B項正確；此時硅光電池的總功率為P總＝EI＝0.72 W，C項正確；此時硅光電池的輸出效率為η＝×100%＝×100%≈69.4%，D項錯誤． 課時測評 綜合提能力　課時練　贏高分 一、選擇題 1．[2019·湖北黃岡模擬](多選)在科學研究中，經(jīng)常

21、用“電導率”這一概念來表示物質導電本領的強弱，電導率是電阻率的倒數(shù)，如圖是硫酸濃度與電導率的關系圖，下列判斷正確的是 (　　) A．濃度越高導電性能不一定越好 B．可以根據(jù)電導率來確定硫酸濃度 C．硫酸的導電性能與其濃度有關，所以對于某一濃度的硫酸導電時，不再遵守歐姆定律 D．濃度確定的硫酸導電時，仍然遵守歐姆定律 答案：AD 解析：由題圖可知，電導率并不是隨濃度的增大而增大的，濃度越高導電性能不一定越好，故A正確；因電導率與濃度沒有確定關系，因此不可以根據(jù)電導率來確定硫酸濃度，故B錯誤；硫酸的導電性能與其濃度有關，但是對確定濃度的硫酸來說它仍然遵守歐姆定律，故C錯誤，D正確．

22、 2. [2019·天津紅橋區(qū)模擬](多選)某一熱敏電阻其阻值隨溫度的升高而減小，在一次實驗中，將該熱敏電阻與一小燈泡串聯(lián)，通電后二者電流I隨所加電壓U變化的圖線如圖所示，M為兩元件的伏安特性曲線的交點．則關于熱敏電阻和小燈泡的下列說法中正確的是(　　) A．圖中圖線a是小燈泡的伏安特性曲線，圖線b是熱敏電阻的伏安特性曲線 B．圖中圖線b是小燈泡的伏安特性曲線，圖線a是熱敏電阻的伏安特性曲線 C．圖線中的M點，表示該狀態(tài)小燈泡的電阻大于熱敏電阻的阻值 D．圖線中M點對應的狀態(tài)，小燈泡的功率與熱敏電阻的功率相等 答案：BD 解析：小燈泡的燈絲是一個純電阻，其燈絲溫度會隨著通電

23、電流的增大而增大，阻值也隨著增大，所以題圖中圖線b是小燈泡的伏安特性曲線；同理可知，熱敏電阻的溫度隨著通電電流的增大而增大，其阻值會逐漸減小，所以題圖中圖線a是熱敏電阻的伏安特性曲線，故A錯誤，B正確；兩圖線的交點M，表示此狀態(tài)兩元件的電壓和電流相同，由歐姆定律可知，此時兩者的阻值相等，功率也相等，故C錯誤，D正確． 3. [2019·吉林省實驗中學模擬](多選)如圖所示，由于某電阻斷路，致使電壓表和電流表的示數(shù)均比該電阻未斷時要大，則這個斷路的電阻可能是(　　) A．R1 B．R2 C．R3 D．R4 答案：AD 解析：若R1斷路，則R總變大→I總變小→U端變大→I2變大

24、，即電流表示數(shù)變大，U端變大，I4變大→U4變大，所以選項A正確；若R2斷路，電流表示數(shù)為零，則B錯誤；若R3斷路，電壓表示數(shù)為零，則C錯誤；若R4斷路，則R總變大→I總變小→U端變大，即電流表和R2串聯(lián)后兩端電壓變大，則電流表示數(shù)變大；R4斷路后，則電壓表的內阻大，所以R3所在支路近似斷路，則電壓表示數(shù)此時也變大，即D正確． 4. [2019·貴州省貴陽監(jiān)測]阻值相等的三個電阻R、電容器C及電池E(內阻不計)連接成如圖所示電路．保持開關S1閉合，開關S2斷開，電流穩(wěn)定時，C所帶的電荷量為Q1；閉合開關S2，電流再次穩(wěn)定后，C所帶的電荷量為Q2，則Q1與Q2的比值為(　　) A.

25、 B. C. D. 答案：A 解析：開關S2斷開時的等效電路如圖甲所示，電路穩(wěn)定時電容器兩極板之間的電壓為U1＝，電容器所帶的電荷量為Q1＝CU1＝；開關S2閉合后的等效電路如圖乙所示，電路穩(wěn)定時電容器兩極板之間的電壓為U2＝E，電容器所帶的電荷量為Q2＝CU2＝CE，則Q1：Q2＝1：2，即Q1與Q2的比值為，A正確． 5．[2019·湖南岳陽模擬]某電池對純電阻供電的輸出功率P隨電流I變化的圖象如圖所示．則下列說法正確的是(　　) A．該電源的電動勢E＝2 V B．該電源的內阻r＝1 Ω C．若I＝2 A，則外電阻R＝1 Ω D．同一輸出功率P可對應兩個

26、不同的電流I1、I2，即對應兩個不同的外電阻R1、R2，且r＝R1·R2 答案：A 解析：當外電阻等于電源內阻時，輸出功率最大，P＝I2R＝I2r，解得r＝0.5 Ω，由閉合電路歐姆定律得E＝I(R＋r)＝2×(0.5＋0.5) V＝2 V，A正確，B錯誤；當I＝2 A時，電源的輸出功率最大，此時外電阻等于內阻，所以R＝0.5 Ω，C錯誤；同一輸出功率可對應兩個不同的電流I1、I2，即對應兩個不同的外電阻R1、R2，有2R1＝2R2，解得r2＝R1·R2，D錯誤． 6．[2019·湖南衡陽檢測](多選)如圖甲所示，電阻R1的阻值為0.5R0、燈泡L的電阻值恒為R0，R2是熱敏電阻，其阻值

27、隨溫度變化的關系如圖乙所示．已知電流表為理想電表，電源的內阻r＝R0.則下列說法中正確的是(　　) A．當溫度升高時，R1兩端的電壓增大 B．當溫度降低時，電流表的示數(shù)增大 C．當溫度升高時，燈泡L的亮度變大 D．當溫度為40 ℃時，電源的輸出功率最大 答案：AD 解析：溫度升高時，R2的阻值減小，總電阻減小，總電流增大，R1兩端電壓增大，電源內電壓增大，路端電壓減小，燈泡L兩端的電壓減小，燈泡L的亮度變小，A正確，C錯誤；溫度降低時，R2的阻值增大，總電阻增大，總電流減小，電流表的示數(shù)減小，B錯誤；溫度為40 ℃時，R2＝R0，此時外電路的總電阻為R0，等于電源的內阻，所以電

28、源的輸出功率最大，D正確． 7．[2019·江西九江十校第二次聯(lián)考](多選)某電路如圖所示，電源電動勢為E、內阻為r，定值電阻分別為R1、R2，電位器(滑動變阻器)為R，L1是小燈泡，電壓表和電流表都為理想電表．閉合開關，當電位器的觸片滑向b端時，則下列說法正確的是(　　) A．小燈泡L1將變亮 B．電壓表的示數(shù)與電流表A1示數(shù)的比值將變大 C．電流表A1的示數(shù)將變大 D．電源的電功率將變大 答案：ACD 解析：當電位器的觸片滑向b端時，電位器接入電路的電阻變小，外電路總電阻變小，由閉合電路歐姆定律知，總電流變大，電流表A1的示數(shù)將變大，路端電壓變小，通過R1、R2的電流變小

29、，通過小燈泡L1所在支路電流變大，小燈泡L1將變亮，故A、C正確．電壓表的示數(shù)與電流表A1示數(shù)的比值等于外電路總電阻，可知該比值變小，故B錯誤．總電流變大，由P＝EI知，電源的電功率將變大，故D正確． 8．[2019·安徽淮北模擬]在如圖甲所示電路中，閉合開關S，當滑動變阻器的滑片P向上滑動的過程中，四個理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化．圖乙中三條圖線分別表示了三個電壓表示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的情況，以下說法錯誤的是(　　) A．圖線a表示的是電壓表V3的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的情況 B．圖線c表示的是電壓表V2的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的情況 C．此過程中電壓表V1示數(shù)的變化量ΔU1和電流表

30、示數(shù)變化量ΔI的比值變大 D．此過程中電壓表V2示數(shù)的變化量ΔU2和電流表示數(shù)變化量ΔI的比值不變 答案：C 解析：滑片P向上滑動，R2減小，總電阻減小，總電流增大，電源內電壓增大，路端電壓減小，R1兩端電壓增大，R2兩端電壓減小，根據(jù)這些變化關系可知，圖線a是電壓表V3的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的圖線，圖線b是電壓表V1的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的圖線，圖線c是電壓表V2的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的圖線，A、B說法正確；＝r，而＝R1，C說法錯誤，D說法正確． 9．[2019·河北省石家莊二中檢測] (多選)在如圖所示電路中，已知電表均為理想電表，且小燈泡的電阻小于電源的內阻，電流表A、電

31、壓表V1、電壓表V2的示數(shù)分別為I、U1和U2，P為被細線懸掛在兩平行金屬板間的帶電小球，細線與豎直方向間的夾角為θ，則當滑動變阻器的滑片向右滑動一小段距離的過程中，電流表A、電壓表V1、電壓表V2示數(shù)變化量的絕對值分別是ΔI、ΔU1和ΔU2，下列說法中正確的是(　　) A.>r＋R1 B．燈泡變亮、細線與豎直方向間的夾角θ變大 C．電源的輸出功率變大 D.變大、變大 答案：AC 解析：滑動變阻器電阻增大，總電流減小，R1兩端電壓減小，R2兩端電壓增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律有：U1＝U2－(I－)R1，所以有r＋R1＋>r＋R1，所以A項正確；U外增大，即燈泡兩端電壓增大，燈泡變亮

32、；R1兩端電壓減小，即電容器兩端電壓變小，細線與豎直方向間的夾角θ變小，則B項錯誤；小燈泡的電阻小于電源的內阻，那么再并聯(lián)R1、R2就更小了，當外電阻等于內阻時，P出最大，所以當外阻小于內阻時，外電阻增大，P出增大，則C項正確；為外電阻，變大，為內阻，不變，則D項錯誤． 10．[名師原創(chuàng)](多選)如圖所示為某電源的輸出功率隨外電阻變化的圖象，則下列說法中正確的是(　　) A．電源的內阻等于R2 B．當外電阻R＝R2時，電源的效率為50% C．當外電阻為R2時電源的效率一定大于外電阻為R1時電源的效率 D．R2－R1＝R3－R2 答案：ABC 解析：設電源電動勢為E，內阻為r，

33、則P出＝I2R＝()2R＝，當外電阻R＝r時，電源的輸出功率最大，由題圖可知r＝R2，A正確；此時電源的效率η＝＝＝＝50%，故B正確；由η＝，可知外電阻越大，電源的效率就越高，故C正確；由題圖可知，電源的輸出功率隨外電阻變化的圖象并不關于直線R＝R2對稱，故R2－R1≠R3－R2，D錯誤． 11. [2019·榆林模擬]如圖所示，A為電解槽，為電動機，N為電爐子，恒定電壓U＝12 V，電解槽內阻rA＝2 Ω，S1閉合，S2、S3斷開時，電流表示數(shù)為6 A，當S2閉合，S1、S3斷開時，電流表示數(shù)為5 A，且電動機輸出功率為35 W；當S3閉合，S1、S2斷開時，電流表示數(shù)為4 A．求

34、： (1)電爐子的電阻及發(fā)熱功率； (2)電動機的內阻； (3)在電解槽工作時，電能轉化為化學能的功率為多少． 答案：(1)2 Ω　72 W　(2)1 Ω　(3)16 W 解析：(1)電爐子為純電阻元件，由歐姆定律得：R＝＝ Ω＝2 Ω 其發(fā)熱功率為： P＝UI1＝12×6 W＝72 W. (2)電動機為非純電阻元件，由能量守恒定律得：UI2＝IrM＋P輸出，所以：rM＝＝ Ω＝1 Ω. (3)電解槽為非純電阻元件，由能量守恒定律得：P化＝UI3－IrA 所以P化＝(12×4－42×2) W＝16 W. 12．三只燈泡L1、L2和L3的額定電壓分別為1.5 V、1.5 V

35、和2.5 V，它們的額定電流都為0.3 A．若將它們連接成圖甲、圖乙所示電路，且燈泡都正常發(fā)光． (1)試求圖甲電路的總電流和電阻R2消耗的電功率； (2)分別計算兩電路電源提供的電功率，并說明哪個電路更節(jié)能． 答案：(1)0.9 A,0.045 W　(2)2.7 W,1.8 W，乙電路更節(jié)能 解析：(1)由題意，在圖甲電路中： 電路的總電流I總＝IL1＋IL2＋IL3＝0.9 A U路端＝E－I總r＝2.55 V UR2＝U路端－UL3＝0.05 V IR2＝I總＝0.9 A 電阻R2的消耗功率PR2＝IR2UR2＝0.045 W (2)圖甲電源提供的電功率 P總＝I總E＝0.9×3 W＝2.7 W 圖乙電源提供的電功率 P′總＝I′總E′＝0.3×6 W＝1.8 W 由于燈泡都正常發(fā)光，兩電路有用功率相等，而P′總