2021屆高三數學二輪復習 專題三 第3講 推理與證明教案

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1、 第3講　推理與證明 自主學習導引 真題感悟 1．(2012·江西)觀察下列各式：a＋b＝1，a2＋b2＝3，a3＋b3＝4，a4＋b4＝7，a5＋b5＝11，…，則a10＋b10＝ A．28　　　　B．76　　　　C．123　　　　D．199 解析　觀察規(guī)律，歸納推理． 從給出的式子特點觀察可推知，等式右端的值，從第三項開始，后一個式子的右端值等于它前面兩個式子右端值的和，照此規(guī)律，則a10＋b10＝123. 答案　C 2．(2012·福建)某地區(qū)規(guī)劃道路建設，考慮道路鋪設方案．方案設計圖中，點表示城市，兩點之間連線表示兩城市間可鋪設道路，連線上數據表示兩城市間鋪設道路的費

2、用，要求從任一城市都能到達其余各城市，并且鋪設道路的總費用最?。纾涸谌齻€城市道路設計中，若城市間可鋪設道路的線路圖如圖(1)，則最優(yōu)設計方案如圖(2)，此時鋪設道路的最小總費用為10. 現給出該地區(qū)可鋪設道路的線路圖如圖(3)，則鋪設道路的最小總費用為________． 解析　根據題目中圖(3)給出的信息及題意，要求的是鋪設道路的最小總費用，且從任一城市都能到達其余各城市，可將圖(3)調整為如圖所示的結構(線段下方的數字為兩城市之間鋪設道路的費用)． 此時鋪設道路的總費用為2＋3＋1＋2＋3＋5＝16. 答案　16 考題分析 具備一定的推理與證明能力是高考的一項基本要求

3、．歸納推理是高考考查的熱點，這類題目具有很好的區(qū)分度，考查形式一般為選擇題或填空題． 網絡構建 高頻考點突破 考點一：合情推理 【例1】(1)(2012·武昌模擬)設fk(x)＝sin2kx＋cos2kx(x∈R)，利用三角變換，估計fk(x)在k＝1,2,3時的取值情況，對k∈N＋時推測fk(x)的取值范圍是________(結果用k表示)． (2)在平面幾何里，有“若△ABC的三邊長分別為a，b，c，內切圓半徑為r，則三角形面積為S△ABC＝(a＋b＋c)r”，拓展到空間，類比上述結論，“若四面體ABCD的四個面的面積分別為S1，S2，S3，S4，內切球的半徑為r，則四面體的

4、體積為________．” [審題導引]　(1)由f1(x)、f2(x)、f3(x)的取值范圍觀察規(guī)律可得； (2)注意發(fā)現其中的規(guī)律總結出共性加以推廣，或將結論類比到其他方面，得出結論． [規(guī)范解答]　(1)當k＝1，f1(x)＝sin2x＋cos2x＝1. 當k＝2時，f2(x)＝sin4x＋cos4x ＝(sin2x＋cos2x)2－2sin2xcos2x＝1－sin22x. ∵0≤sin22x≤1，∴f2(x)∈. 當k＝3時，f3(x)＝sin6x＋cos6x ＝(sin2x＋cos2x)(sin4x－sin2xcos2x＋cos4x) ＝1－3sin2xcos2x

5、＝1－sin22x. ∵0≤sin22x≤1，∴f3(x)∈， 故可推測≤fk(x)≤1. (2)三角形的面積類比為四面體的體積，三角形的邊長類比為四面體四個面的面積，內切圓半徑類比為內切球的半徑．二維圖形中類比為三維圖形中的，得V四面體ABCD＝(S1＋S2＋S3＋S4)r.故填V四面體ABCD＝(S1＋S2＋S3＋S4)r. [答案]　(1)≤fk(x)≤1　 (2)V四面體ABCD＝(S1＋S2＋S3＋S4)r 【規(guī)律總結】 歸納推理與類比推理之區(qū)別 (1)歸納推理是由部分到整體，由個別到一般的推理．在進行歸納時，要先根據已知的部分個體，把它們適當變形，找出它們之間的聯(lián)系

6、，從而歸納出一般結論． (2)類比推理是由特殊到特殊的推理，是兩類類似的對象之間的推理，其中一個對象具有某個性質，則另一個對象也具有類似的性質．在進行類比時，要充分考慮已知對象性質的推理過程，然后類比推導類比對象的性質． 【變式訓練】 1．若數列{an}(n∈N＋)是等差數列，則有通項為bn＝(n∈N＋)的數列{bn}也為等差數列，類比上述性質，若數列{cn}是等比數列，且cn＞0，則有通項為dn＝________(n∈N＋)的數列{dn}也是等比數列． 解析　∵{cn}是等比數列，且cn＞0， ∴{lg cn}是等差數列，令dn＝， 則lg dn＝， 由題意知{lg dn}為等

7、差數列， ∴dn＝為等比數列． 答案　 2．平面內有n條直線，其中任何兩條都不平行，任何三條不過同一點，試歸納它們的交點個數． 解析　n＝2時，交點個數：f(2)＝1. n＝3時，交點個數：f(3)＝3. n＝4時，交點個數：f(4)＝6. n＝5時，交點個數：f(5)＝10. 猜想歸納：f(n)＝n(n－1)(n≥2)． 考點二：演繹推理 【例2】求證：a，b，c為正實數的充要條件是a＋b＋c＞0，且ab＋bc＋ca＞0和abc＞0. [審題導引]　由a、b、c為正實數，顯然易得a＋b＋c＞0，ab＋bc＋ca＞0，abc＞0，即“必要性”的證明用直接法易于完成．證

8、明“充分性”時，要綜合三個不等式推出a、b、c是正實數，有些難度、需用反證法． [規(guī)范解答]　(1)證必要性(直接證法)：因為a、b、c為正實數，所以a＋b＋c＞0， ab＋bc＋ca＞0，abc＞0. 所以必要性成立． (2)證充分性(反證法)：假設a、b、c不全為正實數(原結論是a、b、c都是正實數)，由于abc＞0，則它們只能是二負一正． 不妨設a＜0，b＜0，c＞0， 又由于ab＋bc＋ac＞0?a(b＋c)＋bc＞0， 因為bc＜0，所以a(b＋c)＞0.① 又a＜0，所以b＋c＜0.② 而a＋b＋c＞0，所以a＋(b＋c)＞0. 所以a＞0，與a＜0的假設矛盾．

9、 故假設不成立，原結論成立，即a、b、c均為正實數． 【規(guī)律總結】 1．演繹推理問題的處理方法 從思維過程的指向來看，演繹推理是以某一類事物的一般判斷為前提，而作出關于該類事物的判斷的思維形式，因此是從一般到特殊的推理．數學中的演繹法一般是以三段論的格式進行的．三段論由大前提、小前提和結論三個命題組成，大前提是一個一般性原理，小前提給出了適合于這個原理的一個特殊情形，結論則是大前提和小前提的邏輯結果． 2．適用反證法證明的六種題型 反證法是一種重要的間接證明方法，適用反證法證明的題型有：(1)易導出與已知矛盾的命題；(2)否定性命題；(3)唯一性命題；(4)至少至多型命題；(5)一

10、些基本定理；(6)必然性命題等． 【變式訓練】 3．若定義在區(qū)間D上的函數f(x)對于D上的n個值x1，x2，…，xn，總滿足[f(x1)＋f(x2)＋…＋f(xn)]≤f，稱函數f(x)為D上的凸函數．現已知f(x)＝sin x在(0，π)上是凸函數，則在△ABC中，sin A＋sin B＋sin C的最大值是________． 解析　因為凸函數滿足[f(x1)＋f(x2)＋…＋f(xn)]≤f，(大前提) f(x)＝sin x在(0，π)上是凸函數，(小前提) 所以f(A)＋f(B)＋f(C)≤3f，(結論) 即sin A＋sin B＋sin C≤3sin ＝. 因此sin

11、 A＋sin B＋sin C的最大值是. 考點三：數學歸納法 【例3】設數列{an}的前n項和為Sn，且S－(an＋2)Sn＋1＝0,1－Sn＝anbn(n∈N＋)． (1)求a1，a2的值和數列{an}的通項公式； (2)若正項數列{cn}滿足：cn≤(n∈N＋，0＜a＜1)，求證： ＜1. [審題導引]　(1)由于S－(an＋2)Sn＋1＝0中含有S，通過升降角標的方法無法把Sn轉化為an，這樣就需要把an轉化為Sn－Sn－1(n≥2)，通過探求Sn，然后根據求得的Sn求{an}的通項公式； (2)根據(1)求得的結果，根據的結構確定放縮的方法求證． [規(guī)范解答]　(1)S－

12、(a1＋2)S1＋1＝0?a1＝， S－(a2＋2)S2＋1＝0?a2＝. S－(an＋2)Sn＋1＝0，① 當n≥2時，an＝Sn－Sn－1，代入①式，得SnSn－1－2Sn＋1＝0，② 又由S1＝，S2＝a1＋a2＝，S3＝＝. 猜想Sn＝. 下面用數學歸納法證明： ①當n＝1時，顯然成立； ②假設當n＝k時，Sk＝， 則n＝k＋1時，Sk＋1Sk－2Sk＋1＋1＝0， Sk＋1＝＝成立． 綜合①②，可知猜想成立． 所以當n≥2時，an＝Sn－Sn－1＝，當n＝1時也滿足， 故an＝(n∈N＋)． (2)證明　由(1)，得bn＝n， cn≤＝＜， 則 ＜

13、 ＝1－＜1. 【規(guī)律總結】 使用數學歸納法需要注意的三個問題 在使用數學歸納法時還要明確： (1)數學歸納法是一種完全歸納法，其中前兩步在推理中的作用是：第一步是遞推的基礎，第二步是遞推的依據，二者缺一不可； (2)在運用數學歸納法時，要注意起點n，并非一定取1，也可能取0,2等值，要看清題目； (3)第二步證明的關鍵是要運用歸納假設，特別要弄清楚由k到k＋1時命題變化的情況． 【變式訓練】 4．(2012·青島二模)已知集合A＝{xx＝－2n－1，n∈N＋}，B＝{xx＝－6n＋3，n∈N＋}，設Sn是等差數列{an}的前n項和，若{an}的任一項an∈A∩B且首項a1是A

14、∩B中的最大數，－750＜S10＜－300. (1)求數列{an}的通項公式； (2)若數列{bn}滿足bn＝令Tn＝24(b2＋b4＋b6＋…b2n)，試比較Tn與的大?。? 解析　(1)根據題設可得：集合A中所有的元素可以組成以－3為首項，－2為公差的遞減等差數列；集合B中所有的元素可以組成以－3為首項，－6為公差的遞減等差數列． 由此可得，對任意的n∈N＋，有A∩B＝B， A∩B中的最大數為－3，即a1＝－3， 設等差數列{an}的公差為d，則an＝－3＋(n－1)d， S10＝＝45d－30， ∵－750＜S10＜－300， ∴－750＜45d－30＜－300， 即－

15、16＜d＜－6， 由于B中所有的元素可以組成以－3為首項，－6為公差的遞減等差數列， 所以d＝－6m(m∈Z，m≠0)， 由－16＜－6m＜－6?m＝2， 所以d＝－12， 所以數列{an}的通項公式為an＝9－12n(n∈N＋)． (2)bn＝＝n， Tn＝24(b2＋b4＋b6＋…＋b2n)＝24× ＝24， Tn－＝24－－＝， 于是確定Tn與的大小關系等價于比較2n與2n＋1的大小， 由2＜2×1＋1,22＜2×2＋1,23＞2×3＋1,24＞2×4＋1，… 可猜想當n≥3時，2n＞2n＋1，證明如下： 證法一?、佼攏＝3時，由上驗算可知成立． ②假設n＝k

16、時，2k＞2k＋1， 則2k＋1＝2·2k＞2(2k＋1)＝4k＋2＝2(k＋1)＋1＋(2k－1)＞2(k＋1)＋1， 所以當n＝k＋1時猜想也成立． 根據①②可知，對一切n≥3的正整數， 都有2n＞2n＋1， ∴當n＝1,2時，Tn＜，當n≥3時，Tn＞. 證法二　當n≥3時， 2n＝(1＋1)n＝C＋C＋…＋C＋C ≥C＋C＋C＋C＝2n＋2＞2n＋1， ∴當n＝1,2時，Tn＜， 當n≥3時，Tn＞. 名師押題高考 【押題1】　已知“整數對”按如下規(guī)律排成一列：(1,1)，(1,2)，(2,1)，(1,3)，(2,2)，(3,1)，(1,4)，(2,3)，(3,

17、2)，(4,1)，…，則第60個整數對是 A．(7,5)　 　 B．(5,7) C．(2,10)　 　 D．(10,1) 解析　依題意，就每組整數對的和相同的分為一組，不難得知每組整數對的和為n＋1，且每組共有n個整數對，這樣的前n組一共有個整數對，注意到＜60＜，因此第60個整數對處于第11組(每對整數對的和為12的組)的第5個位置，結合題意可知每對整數對的和為12的組中的各對數依次為(1,11)，(2,10)，(3,9)，(4,8)，(5,7)，… 因此第60個整數對是(5,7)．故選B. 答案　B [押題依據]　能用歸納和類比進行簡單的推理是高考對合情推理的基本要求．

18、相比較而言，歸納推理是高考的一個熱點．本題體現了歸納對推理的思想，需從所給的數對中總結歸納出其規(guī)律，進而推導出第60個整數對．題目不難，體現了高考的熱點，故押此題． 押題2】已知命題：“若數列{an}為等差數列，且am＝a，an＝b(m＜n，m，n∈N＋)，則am＋n＝.”現已知數列{bn}(bn＞0，n∈N＋)為等比數列，且bm＝a，bn＝b(m＜n，m，n∈N＋)，若類比上述結論，則可得到bm＋n＝________. 解析　由題意類比可得bm＋n＝. 答案　 [押題依據]　歸納和類比是兩種重要的思維形式，是高考的熱點，通常以選擇題或填空題的形式考查．本題以數列知識為背景，考查類比推理，題目不難，但具有較好的代表性，故押此題． - 8 -