（江蘇專(zhuān)用）2020高考物理二輪復(fù)習(xí) 第一部分 專(zhuān)題五 動(dòng)量與原子物理學(xué) 第一講 動(dòng)量守恒定律——課前自測(cè)診斷卷

《（江蘇專(zhuān)用）2020高考物理二輪復(fù)習(xí) 第一部分 專(zhuān)題五 動(dòng)量與原子物理學(xué) 第一講 動(dòng)量守恒定律——課前自測(cè)診斷卷》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（江蘇專(zhuān)用）2020高考物理二輪復(fù)習(xí) 第一部分 專(zhuān)題五 動(dòng)量與原子物理學(xué) 第一講 動(dòng)量守恒定律——課前自測(cè)診斷卷（6頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、第一講 動(dòng)量守恒定律 ——課前自測(cè)診斷卷 考點(diǎn)一 動(dòng)量、沖量、動(dòng)量定理 1.[考查沖量大小的計(jì)算] 蹦床運(yùn)動(dòng)是一項(xiàng)運(yùn)動(dòng)員利用從蹦床反彈中表現(xiàn)雜技技巧的競(jìng)技運(yùn)動(dòng)，一質(zhì)量為50 kg的運(yùn)動(dòng)員從1.8 m高處自由下落到蹦床上，若從運(yùn)動(dòng)員接觸蹦床到運(yùn)動(dòng)員陷至最低點(diǎn)經(jīng)歷了0.2 s，則這段時(shí)間內(nèi)蹦床對(duì)運(yùn)動(dòng)員的沖量大小為(取g＝10 m/s2，不計(jì)空氣阻力)(　　) A．400 Ns　　　　　　 B．300 Ns C．200 Ns D．100 Ns 解析：選A　設(shè)運(yùn)動(dòng)員自由下落到蹦床的速度為v，由機(jī)械能守恒得：mgh＝mv2，解得v＝6 m/s；運(yùn)動(dòng)員接觸蹦床到陷至最低點(diǎn)過(guò)程中，由動(dòng)量定

2、理得：mgt＋I(xiàn)N＝0－mv，解得IN＝－mv－mgt＝－506 Ns－50100.2 Ns＝－400 Ns，此過(guò)程中蹦床對(duì)運(yùn)動(dòng)員的沖量大小為400 Ns，方向豎直向上，故A正確，B、C、D錯(cuò)誤。 2．[考查應(yīng)用動(dòng)量定理求平均力] 高空作業(yè)須系安全帶，如果質(zhì)量為m的高空作業(yè)人員不慎跌落，從開(kāi)始跌落到安全帶對(duì)人剛產(chǎn)生作用力前人下落的距離為h(可視為自由落體運(yùn)動(dòng))，此后經(jīng)歷時(shí)間t安全帶達(dá)到最大伸長(zhǎng)量，若在此過(guò)程中該作用力始終豎直向上，則該段時(shí)間安全帶對(duì)人的平均作用力大小為(　　) A.＋mg B.－mg C.＋mg D.－mg 解析：選A　由動(dòng)量定理得(mg－F)t＝0－mv，又有v＝，

3、解得F＝＋mg，選項(xiàng)A正確。 3．[考查動(dòng)量定理的應(yīng)用] (2019南師附中模擬)如圖所示，質(zhì)量為m的物塊從傾角為θ的固定斜面頂端由靜止滑下，經(jīng)時(shí)間t滑到斜面底端時(shí)速率為v，重力加速度為g。求此過(guò)程中： (1)斜面對(duì)物塊的支持力的沖量大小IN； (2)斜面對(duì)物塊的摩擦力的沖量大小If。 解析：(1)把重力沿垂直斜面方向分解，分力為G1＝mgcos θ，在垂直斜面方向物塊受到支持力FN，物塊在垂直斜面方向處于平衡狀態(tài)，可得平衡方程：FN＝mgcos θ，所以支持力的沖量為：IN＝FNt＝mgtcos θ。 (2)在整個(gè)過(guò)程，對(duì)物塊由動(dòng)量定理可得：mgsin θt－If＝mv－0，化簡(jiǎn)

4、可得摩擦力的沖量為：If＝mgtsin θ－mv。 答案：(1)mgtcos θ　(2)mgtsin θ－mv 考點(diǎn)二 動(dòng)量守恒定律 4.[考查動(dòng)量守恒的條件] 把一支彈簧槍水平固定在小車(chē)上，小車(chē)放在光滑水平地面上，槍射出一顆子彈的過(guò)程中，關(guān)于槍、子彈、車(chē)，下列說(shuō)法正確的是(　　) A．槍和子彈組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒 B．槍和車(chē)組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒 C．子彈和槍筒之間的摩擦力很小，可以忽略不計(jì)，故二者組成的系統(tǒng)動(dòng)量近似守恒 D．槍、子彈、車(chē)三者組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒 解析：選D　槍和子彈組成的系統(tǒng)，由于小車(chē)對(duì)槍有外力，槍和子彈組成的系統(tǒng)外力之和不為零，所以動(dòng)量不守恒，故A錯(cuò)誤；槍和車(chē)

5、組成的系統(tǒng)，由于子彈對(duì)槍有作用力，導(dǎo)致槍和車(chē)組成的系統(tǒng)外力之和不為零，所以動(dòng)量不守恒，故B錯(cuò)誤；槍、子彈、車(chē)組成的系統(tǒng)，它們之間相互作用的力為內(nèi)力，例如子彈和槍筒之間的摩擦力，系統(tǒng)所受外力之和為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，但子彈與槍筒組成的系統(tǒng)外力之和不為零，二者組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，故D正確，C錯(cuò)誤。 5．[考查某一方向的動(dòng)量守恒] 質(zhì)量為m的人立于質(zhì)量為M的平板車(chē)上，初始時(shí)人與車(chē)以速度v1在光滑水平面上向右運(yùn)動(dòng)。當(dāng)此人相對(duì)于車(chē)以豎直向上的速度v2跳起后，車(chē)的速度大小為(　　) A．v1 B．v1－ C． D． 解析：選A　人和車(chē)在水平方向上動(dòng)量守恒，當(dāng)人豎直跳起時(shí)，人和車(chē)之間的相互作用在豎

6、直方向上，在水平方向上仍然動(dòng)量守恒，水平方向的速度不發(fā)生變化，所以車(chē)的速度仍然為v1，方向向右，A正確。 6．[考查多個(gè)物體的動(dòng)量守恒] 如圖所示，兩輛質(zhì)量相同的平板小車(chē)a、b成一直線排列，靜止在光滑水平地面上，原來(lái)靜止在a車(chē)上的一個(gè)小孩跳到b車(chē)，接著又立即從b車(chē)跳回a車(chē)，他跳回a車(chē)并相對(duì)a車(chē)保持靜止，此后(　　) A．a(chǎn)、b兩車(chē)的速率相等 B．a(chǎn)車(chē)的速率大于b車(chē)的速率 C．a(chǎn)車(chē)的速率小于b車(chē)的速率 D．a(chǎn)、b兩車(chē)均靜止 解析：選C　由小車(chē)a、b及人組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律(ma＋m人)va－mbvb＝0，解得＝，所以a車(chē)的速率小于b車(chē)的速率，選項(xiàng)C正確。 7．[考

7、查動(dòng)量守恒中的作用力] (2019江蘇如皋期末)如圖，質(zhì)量分別為m1＝10 kg和m2＝2.0 kg的彈性小球a、b用彈性輕繩緊緊的把它們捆在一起，使它們發(fā)生微小的形變，該系統(tǒng)以速度v0＝0.10 m/s 沿光滑水平面向右做直線運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻輕繩突然自動(dòng)斷開(kāi)，斷開(kāi)后，小球b停止運(yùn)動(dòng)，小球a繼續(xù)沿原方向做直線運(yùn)動(dòng)。求： (1)剛分離時(shí)，小球a的速度大小v1； (2)經(jīng)過(guò)0.2 s兩球分開(kāi)過(guò)程中，小球a受到的作用力大小。 解析：(1)兩小球組成的系統(tǒng)在光滑水平面上運(yùn)動(dòng)，系統(tǒng)所受合外力為零，動(dòng)量守恒，則： (m1＋m2)v0＝0＋m1v1 代入數(shù)據(jù)求得：v1＝0.12 m/s。 (2)兩

8、球分開(kāi)過(guò)程中，對(duì)a，應(yīng)用動(dòng)量定理得： Ft＝m1v1－m1v0 代入數(shù)據(jù)求得：F＝1 N。 答案：(1)0.12 m/s　(2)1 N 考點(diǎn)三 碰撞、爆炸和反沖 8.[考查彈性碰撞與非彈性碰撞的判斷] 如圖所示，小球B質(zhì)量為10 kg，靜止在光滑水平面上，小球A質(zhì)量為5 kg，以10 m/s的速率向右運(yùn)動(dòng)，并與小球B發(fā)生正碰，碰撞后A球以2 m/s的速率反向彈回，則碰后B球的速率和這次碰撞的性質(zhì)，下列說(shuō)法正確的是(　　) A．4 m/s，非彈性碰撞 B．4 m/s，彈性碰撞 C．6 m/s，非彈性碰撞 D．6 m/s，彈性碰撞 解析：選C　取小球A開(kāi)始運(yùn)動(dòng)的方向?yàn)檎较颍?/p>

9、撞前兩個(gè)小球的總動(dòng)能：E1＝m1v＝5102 J＝250 J。 碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律得： m1v1＝－m1v1′＋m2v2， 解得：v2＝＝ m/s＝6 m/s。 碰撞后兩小球的總動(dòng)能：E2＝m1v1′2＋m2v＝522 J＋1062 J＝190 J。 因?yàn)镋1＞E2，有能量損失，是非彈性碰撞，故C正確。 9.[考查碰撞與xt圖像的綜合應(yīng)用] [多選]如圖甲所示，光滑水平面上有a、b兩個(gè)小球，a球向b球運(yùn)動(dòng)并與b球發(fā)生正碰后粘在一起共同運(yùn)動(dòng)，其碰前和碰后的xt圖像如圖乙所示。已知ma＝5 kg。若b球的質(zhì)量為mb，兩球因碰撞而損失的機(jī)械能為ΔE，則(　　) A．

10、mb ＝1 kg　　　　　　 B．mb＝2 kg C．ΔE＝15 J D．ΔE＝35 J 解析：選AC　在xt圖像中圖像的斜率表示小球運(yùn)動(dòng)的速度大小，所以va＝ m/s＝6 m/s，小球碰后粘合在一起共同運(yùn)動(dòng)的速度為v＝ m/s＝5 m/s，碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，得：mava＝(ma＋mb)v，解得：mb＝1 kg，故A正確，B錯(cuò)誤；根據(jù)功能關(guān)系ΔE＝mav－(ma＋mb)v2＝15 J，故C正確，D錯(cuò)誤。 10．[考查爆炸現(xiàn)象] 一炮彈質(zhì)量為m，以一定的傾角斜向上發(fā)射，達(dá)到最高點(diǎn)時(shí)速度大小為v，方向水平。炮彈在最高點(diǎn)爆炸成兩塊，其中一塊恰好做自由落體運(yùn)動(dòng)，質(zhì)量為，則爆炸后另一塊瞬時(shí)速度大

11、小為(　　) A．v B．v C．v D．0 解析：選C　爆炸過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，爆炸前動(dòng)量為mv，設(shè)爆炸后另一塊瞬時(shí)速度大小為v′，取炮彈到最高點(diǎn)未爆炸前的速度方向?yàn)檎较?，爆炸過(guò)程動(dòng)量守恒，則有：mv＝mv′，解得：v′＝v，故C正確。 11．[考查反沖運(yùn)動(dòng)的應(yīng)用] 一枚火箭搭載著衛(wèi)星以速率v0進(jìn)入太空預(yù)定位置，由控制系統(tǒng)使箭體與衛(wèi)星分離。已知前部分的衛(wèi)星質(zhì)量為m1，后部分的箭體質(zhì)量為m2，分離后箭體以速率v2沿火箭原方向飛行，若忽略空氣阻力及分離前后系統(tǒng)質(zhì)量的變化，則分離后衛(wèi)星的速率v1為(　　) A．v0－v2 B．v0＋v2 C．v0－v2 D．v0＋(v0－v2) 解

12、析：選D　火箭和衛(wèi)星組成的系統(tǒng)，在分離前、后沿原運(yùn)動(dòng)方向上動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律有：(m1＋m2)v0＝m1v1＋m2v2，解得：v1＝v0＋(v0－v2)，D項(xiàng)正確。 12．[考查動(dòng)量守恒定律與動(dòng)量定理的綜合] (2019南京、鹽城三模)如圖所示，兩個(gè)滑塊A、B靜置于同一光滑水平直軌道上。A的質(zhì)量為m，現(xiàn)給滑塊A向右的初速度v0，一段時(shí)間后A與B發(fā)生碰撞，碰后A、B分別以v0、v0的速度向右運(yùn)動(dòng)。求： (1)B的質(zhì)量； (2)碰撞過(guò)程中A對(duì)B的沖量的大小。 解析：(1)A、B碰撞過(guò)程，取向右方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律，得mv0＝mvA＋mBvB 據(jù)題vA＝v0，vB＝v0

13、 解得 mB＝m。 (2)對(duì)B，由動(dòng)量定理得I＝mBvB 解得I＝mv0。 答案：(1)m　(2)mv0 13．[考查多物體碰撞與能量守恒] (2019南京、鹽城二模)在光滑水平面上，質(zhì)量均為m的三個(gè)物塊排成直線，如圖所示。第1個(gè)物塊以動(dòng)量p0向右運(yùn)動(dòng)，依次與其余兩個(gè)靜止物塊發(fā)生碰撞，并粘在一起，求： (1)物塊的最終速度大??； (2)碰撞過(guò)程中損失的總動(dòng)能。 解析：(1)依據(jù)動(dòng)量守恒定律p0＝3mv 解得v＝。 (2)由p0＝mv0，Ek0＝mv 解得初動(dòng)能Ek0＝ 末動(dòng)能Ek＝3mv2＝ 所以損失的總動(dòng)能為ΔEk＝Ek0－Ek＝。 答案：(1)　(2) 6