(新課標(biāo))2020版高考物理大二輪復(fù)習(xí) 專題強(qiáng)化訓(xùn)練1 力與物體的平衡

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1、專題強(qiáng)化訓(xùn)練(一) 一、選擇題 1.(2019·河北名校聯(lián)盟質(zhì)檢)如圖所示,光滑的四分之一圓弧軌道AB固定在豎直平面內(nèi),A端與水平面相切.穿在軌道上的小球在拉力F作用下,緩慢地由A向B運(yùn)動(dòng),F(xiàn)始終沿軌道的切線方向,軌道對(duì)球的彈力為N.在運(yùn)動(dòng)過程中(  ) A.F增大,N減小 B.F減小,N減小 C.F增大,N增大 D.F減小,N增大 [解析]  由題意知,小球在由A運(yùn)動(dòng)到B的過程中始終處于平衡狀態(tài).設(shè)某一時(shí)刻小球運(yùn)動(dòng)至如圖所示位置,則對(duì)球由平衡條件,得F=mgsinθ,N=mgcosθ,在運(yùn)動(dòng)過程中,θ增大,故F增大,N減小,A項(xiàng)正確. [答案] A 2.(2019

2、·葫蘆島重點(diǎn)高中期中聯(lián)考)用右圖所示簡易裝置可以測(cè)定水平風(fēng)速,在水平地面上豎直固定一直桿,半徑為R、質(zhì)量為m的空心塑料球用細(xì)線懸于桿頂端O.當(dāng)風(fēng)沿水平方向吹來時(shí),球在風(fēng)力的作用下飄了起來.已知風(fēng)力大小與“風(fēng)速”和“球正對(duì)風(fēng)的截面積”均成正比,當(dāng)風(fēng)速v0=3 m/s時(shí),測(cè)得球平衡時(shí)細(xì)線與豎直方向的夾角θ=30°,則(  ) A.風(fēng)速v=4.5 m/s時(shí),細(xì)線與豎直方向的夾角θ=45° B.若風(fēng)速增大到某一值時(shí),細(xì)線與豎直方向的夾角θ可能等于90° C.若風(fēng)速不變,換用半徑更大、質(zhì)量不變的球,則夾角θ增大 D.若風(fēng)速不變,換用半徑相等、質(zhì)量更大的球,則夾角θ增大 [解析] 對(duì)小球受力

3、分析如圖, 由平衡條件可得風(fēng)力大小F=mgtanθ,而由題意知F∝Sv,又S=πR2,則F=kπR2v(k為常數(shù)),則有mgtanθ=kπR2v,由此可知:當(dāng)風(fēng)速由3 m/s增大到4.5 m/s時(shí),=,可得tanθ=,A錯(cuò)誤.因小球所受重力方向豎直向下,而風(fēng)力方向水平向右,則知細(xì)線與水平方向的夾角θ不可能等于90°,B錯(cuò)誤.由mgtanθ=kπR2v可知,當(dāng)v、m不變,R增大時(shí),θ角增大;當(dāng)v、R不變,m增大時(shí),θ角減小,C正確,D錯(cuò)誤. [答案] C 3.(2019·上饒重點(diǎn)高中一模)如圖所示,在斜面上等高處,靜止著兩個(gè)相同的質(zhì)量為m的物塊A和B.兩物塊之間連接著一個(gè)勁度系數(shù)為k的

4、輕質(zhì)彈簧,斜面的傾角為θ,兩物塊和斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ,重力加速度為g,則彈簧的最大伸長量是(  ) A. B. C. D. [解析] 物塊靜止在斜面上,在斜面所在平面內(nèi)受三個(gè)力作用,一個(gè)是重力沿斜面向下的分力mgsinθ,靜摩擦力f≤fm=μmgcosθ,方向不確定,水平方向的彈簧彈力kx,則物塊所受靜摩擦力f大小等于kx與mgsinθ的合力,當(dāng)靜摩擦力最大時(shí)有kx=,可得x=,故D正確. [答案] D 4.(多選)(2019·河北五校聯(lián)考)如圖所示,形狀和質(zhì)量完全相同的兩個(gè)圓柱體a、b靠在一起,表面光滑,重力為G,其中b的下半部分剛好固定在水平面MN的下方,上邊露

5、出另一半,a靜止在水平面上,現(xiàn)過a的軸心施加一水平作用力F,可緩慢地將a拉離水平面一直滑到b的頂端,對(duì)該過程分析,則應(yīng)有(  ) A.拉力F先增大后減小,最大值是G B.開始時(shí)拉力F最大為G,以后逐漸減小為0 C.a(chǎn)、b間的壓力開始最大為2G,而后逐漸減小到G D.a(chǎn)、b間的壓力由0逐漸增大,最大為G [解析] 要把a(bǔ)拉離水平面,在剛拉離時(shí)水平面MN對(duì)a的支持力應(yīng)為零,因此對(duì)a受力分析如圖甲所示,則sinθ==,所以θ=30°,拉力F==G;當(dāng)a逐漸上移時(shí)用圖解法分析可知F逐漸減小至零(如圖乙所示);在開始時(shí),a、b間的壓力FN==2G,以后逐漸減小至G.因此選項(xiàng)B、C正確,A、

6、D錯(cuò)誤. [答案] BC 5.(2019·河北五校聯(lián)考)如圖所示,質(zhì)量為M的半圓形框架豎直放置在粗糙的水平地面上,質(zhì)量為m的光滑小球P在水平外力F的作用下處于靜止?fàn)顟B(tài),P與圓心O的連線與水平面的夾角為θ,將力F在豎直面內(nèi)沿順時(shí)針方向緩慢地轉(zhuǎn)過90°,框架與小球始終保持靜止?fàn)顟B(tài),在此過程中下列說法正確的是(  ) A.框架對(duì)小球的支持力一直減小 B.力F的最小值為mgsinθ C.地面對(duì)框架的摩擦力先減小后增大 D.框架對(duì)地面的壓力一直增大 [解析] 用圖解法求解, 對(duì)小球受力分析如圖所示,力F順時(shí)針轉(zhuǎn)過90°的過程中,先減小后增大,最小值為mgcosθ;框架對(duì)小球的

7、支持力FN一直減小,A正確,B錯(cuò)誤.以框架為研究對(duì)象,由平衡條件得地面對(duì)框架的摩擦力大小等于FNcosθ,隨FN減小,F(xiàn)Ncosθ減小,C錯(cuò)誤;框架對(duì)地面的壓力等于Mg+FNsinθ,隨FN的減小而減小,D錯(cuò)誤. [答案] A 6.(2019·河北五校聯(lián)考)如圖所示,一個(gè)半球形的碗放在桌面上,碗口水平,O點(diǎn)為其球心,碗的內(nèi)表面及碗口是光滑的.一根細(xì)線跨在碗口上,線的兩端分別系有質(zhì)量為m1和m2的小球.當(dāng)它們處于平衡狀態(tài)時(shí),質(zhì)量為m1的小球與O點(diǎn)的連線與水平線的夾角為α=90°,質(zhì)量為m2的小球位于水平地面上,設(shè)此時(shí)質(zhì)量為m2的小球?qū)Φ孛娴膲毫Υ笮镕N,細(xì)線的拉力大小為FT,則(  )

8、 A.FN=(m2-m1)g B.FN=m2g C.FT=m1g D.FT=g [解析] 分析小球(m1)的受力情況,由物體的平衡條件可得,線的拉力FT=0,故C、D均錯(cuò)誤;分析小球(m2)的受力情況,由平衡條件可得FN=FN′=m2g,故A錯(cuò)誤、B正確. [答案] B 7.(2019·寶雞質(zhì)檢)如右圖所示,輕桿A端用鉸鏈固定,滑輪在A點(diǎn)正上方(滑輪大小及摩擦均可不計(jì)),輕桿B端吊一重物,現(xiàn)將輕繩的一端拴在桿的B端,用拉力F將B端緩慢上拉(均未斷),在輕桿達(dá)到豎直前,以下分析正確的是(  ) A.輕繩的拉力越來越大 B.輕繩的拉力越來越小 C.輕桿的彈力越來越大

9、D.輕桿的彈力越來越小 [解析] 以B點(diǎn)為研究對(duì)象, 它受三個(gè)力的作用而處于動(dòng)態(tài)平衡狀態(tài),其中一個(gè)是輕桿的彈力F,一個(gè)是輕繩斜向上的拉力T,一個(gè)是輕繩豎直向下的拉力F′(大小等于重物所受的重力),如圖所示,根據(jù)相似三角形法,可得==,由于OA和AB不變,OB逐漸減小,因此輕桿的彈力大小不變,而輕繩的拉力越來越小,故選項(xiàng)B正確,A、C、D錯(cuò)誤. [答案] B 8.(2019·山西六校聯(lián)考)如圖,在光滑絕緣水平面上,三個(gè)帶電小球a、b和c分別位于邊長為l的正三角形的三個(gè)頂點(diǎn)上;a、b帶正電,電荷量均為q,c帶負(fù)電.整個(gè)系統(tǒng)置于方向水平的勻強(qiáng)電場中.已知靜電力常量為k.若三個(gè)小球均處于靜

10、止?fàn)顟B(tài),則勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的大小為(  ) A. B. C. D. [解析]  帶電小球a、b在c球位置處的場強(qiáng)大小均為Ea=,方向如圖所示,根據(jù)平行四邊形定則,其合電場強(qiáng)度大小為Eab=,該電場應(yīng)與外加的勻強(qiáng)電場E等大反向,即E=,B項(xiàng)正確. [答案] B 9.(2019·池州二模)如圖所示,在傾角為θ=37°的斜面上,固定一平行金屬導(dǎo)軌,現(xiàn)在導(dǎo)軌上垂直導(dǎo)軌放置一質(zhì)量m=0.4 kg的金屬棒ab,它與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.5.整個(gè)裝置處于方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場中,導(dǎo)軌接電源E,若最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力,g取10 m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.

11、8,滑動(dòng)變阻器的阻值符合要求,現(xiàn)閉合開關(guān)S,要保持金屬棒ab在導(dǎo)軌上靜止不動(dòng),則(  ) A.金屬棒所受安培力的方向水平向左 B.金屬棒所受到的摩擦力方向一定沿平行斜面向上 C.金屬棒所受安培力的取值范圍是 N≤F≤8 N D.金屬棒受到的安培力的最大值為16 N [解析] 由左手定則可以判斷金屬棒所受安培力的方向水平向右,故選項(xiàng)A錯(cuò)誤;當(dāng)金屬棒剛好不向上運(yùn)動(dòng)時(shí),金屬棒受到的摩擦力為最大靜摩擦力,方向平行斜面向下,設(shè)金屬棒受到的安培力大小為F1,其受力分析如圖甲所示,則由平衡條件得FN=F1sinθ+mgcosθ,F(xiàn)1cosθ=mgsinθ+fmax,fmax=μFN,聯(lián)立解得F

12、1=8 N;當(dāng)金屬棒剛好不向下運(yùn)動(dòng)時(shí),設(shè)金屬棒受到的安培力大小為F2,其受力分析如圖乙所示,則由平衡條件得FN′=F2sinθ+mgcosθ,F(xiàn)2cosθ+fmax′=mgsinθ,fmax′=μFN′,聯(lián)立解得F2= N,所以金屬棒受到的安培力的取值范圍為 N≤F≤8 N,故選項(xiàng)C正確,B、D錯(cuò)誤. [答案] C 10.(多選)(2019·遼寧五校聯(lián)考)如圖所示,在半徑為R的光滑半球形碗的最低點(diǎn)P處固定兩原長相同的輕質(zhì)彈簧,彈簧的另一端與質(zhì)量均為m的兩小球相連,當(dāng)兩小球分別在A、B兩點(diǎn)靜止不動(dòng)時(shí),OA、OB與OP之間的夾角滿足α<β,已知彈簧不彎曲且始終在彈性限度內(nèi),則下列說法正確的

13、是(  ) A.靜止在B點(diǎn)的小球?qū)ν雰?nèi)壁的壓力較小 B.兩小球?qū)ν雰?nèi)壁的壓力一樣大 C.靜止在A點(diǎn)的小球受到彈簧的彈力較大 D.P、B之間彈簧的勁度系數(shù)比A、P之間的彈簧的勁度系數(shù)大 [解析] 兩小球在A、B兩點(diǎn)的受力分析如圖所示. 設(shè)碗內(nèi)壁對(duì)小球的支持力分別為F1、F2,彈簧對(duì)小球的彈力分別為FA、FB,對(duì)A點(diǎn)的小球,由力的矢量三角形與幾何三角形相似可得==,同理對(duì)B點(diǎn)的小球有==,可得F1=F2,由牛頓第三定律可知,兩小球?qū)ν雰?nèi)壁的壓力一樣大,選項(xiàng)A錯(cuò)誤,B正確;又有=,因?yàn)棣?β,所以xBP>xAP,F(xiàn)B>FA,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;因兩彈簧原長相等,xBP>xAP,所以B、P

14、間的彈簧壓縮量xB小于A、P間彈簧壓縮量xA,又FA

15、速度大小為g.求桿ab的速度大小. [解析] 導(dǎo)體桿ab以速度v運(yùn)動(dòng),切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì),則有:E=Bdv 根據(jù)閉合電路歐姆定律,有E=I 導(dǎo)體桿ab有最小速度vmin時(shí),對(duì)于導(dǎo)體桿cd則有 B·d+μmgcos37°=mgsin37° 解得vmin= 導(dǎo)體桿ab有最大速度vmax時(shí),對(duì)于導(dǎo)體桿cd則有 B·d=μmgcos37°+mgsin37° 解得vmax= 故導(dǎo)體桿ab的速度應(yīng)滿足條件:≤v≤ [答案] ≤v≤ 12.(2019·河北省衡水中學(xué)第一次調(diào)研)如下圖所示,放在粗糙的固定斜面上的物塊A和懸掛的物塊B均處于靜止?fàn)顟B(tài).輕繩AO繞過光滑的定滑輪與輕彈

16、簧的右端及輕繩BO的上端連接于O點(diǎn),輕彈簧中軸線沿水平方向,輕繩的OC段與豎直方向的夾角(θ=53°,斜面傾角α=37°,物塊A和B的質(zhì)量分別為mA=5 kg、mB=1.5 kg,彈簧的勁度系數(shù)k=500 N/m,sin37°=0.6,cos37°=0.8,重力加速度g=10 m/s2,求: (1)彈簧的伸長量x; (2)物塊A受到的摩擦力. [解析]  (1)對(duì)結(jié)點(diǎn)O受力分析如圖所示: 根據(jù)平衡條件,有:FTcosθ-mBg=0,F(xiàn)Tsinθ-F=0,且:F=kx,解得:x=4 cm; (2)設(shè)物塊A所受摩擦力沿斜面向下,對(duì)物塊A做受力分析如圖所示: 根據(jù)平衡條件,有:FT′-Ff-mAgsinα=0,且FT′=FT,解得:Ff=-5 N,即物塊A所受摩擦力大小為5 N,方向沿斜面向上. [答案] (1)4 cm (2)5 N,方向沿斜面向上 11

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