2020屆高考物理一輪復(fù)習(xí) 選擇題穩(wěn)優(yōu)提優(yōu)優(yōu)練（三） 新人教版

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1、 選擇題穩(wěn)優(yōu)提優(yōu)優(yōu)練（三） 1、（2019·新課標全國Ⅱ卷） 物塊在輕繩的拉動下沿傾角為30°的固定斜面向上勻速運動，輕繩與斜面平行。已知物塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度取10 m/s2。若輕繩能承受的最大張力為1 500 N，則物塊的質(zhì)量最大為 A．150 kg B． kg C．200 kg D． kg 【答案】A 【解析】如圖所示，對物塊進行受力分析，有T=f+mgsinθ，f=μN，N=mgcosθ，帶入數(shù)據(jù)解得：m=150 kg，故A選項符合題意。 2、（2019·浙江省七彩陽光新高考研究聯(lián)盟期中） 如圖所示，兩個質(zhì)量分別為m1＝3 kg、m2＝2 kg

2、的物體A和B置于光滑的水平面上，中間用輕質(zhì)彈簧測力計連接。兩個大小為F1＝F2＝30 N的水平拉力分別作用在m1、m2上，則 A．彈簧測力計的示數(shù)是30 N B．彈簧測力計的示數(shù)是60 N C．在突然撤去F2的瞬間，B的加速度大小為0 m/s2 D．在突然撤去F2的瞬間，A的加速度大小為10 m/s2 【答案】A 【解析】AB、對整體分析知物體處于平衡狀態(tài)，隔離A由平衡條件知彈簧測力計的示數(shù)是30 N，故A正確B錯誤；CD、突然撤去F2的瞬間，彈簧測力計的示數(shù)不變，對B由牛頓第二定律得：，對A分析知合力為0，所以A的加速度大小為0，故CD錯誤。 3、(多選)如圖所示，一根輕桿

3、，在其B點系上一根細線，細線長為R，在細線下端連上一質(zhì)量為m小球．以輕桿的A點為頂點，使輕桿旋轉(zhuǎn)起來，其B點在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，輕桿的軌跡為一個母線長為L的圓錐，輕桿與中心軸AO間的夾角為α.同時小球在細線的約束下開始做圓周運動，輕桿旋轉(zhuǎn)的角速度為ω，小球穩(wěn)定后，細線與輕桿間的夾角β＝2α.重力加速度用g表示，則下列說法錯誤的是(　　) A．細線對小球的拉力為 B．小球做圓周運動的周期為 C．小球做圓周運動的線速度與角速度的乘積為gtan2α D．小球做圓周運動的線速度與角速度的比值為(L＋R)sinα 【參考答案】ABC　小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，根據(jù)幾何關(guān)系可知，F(xiàn)

4、cosα＝mg，解得細線對小球的拉力F＝，A選項錯誤；小球運動的周期與輕桿旋轉(zhuǎn)的周期相同，T＝，B選項錯誤；小球做圓周運動的線速度與角速度的乘積為向心加速度，即mgtanα＝mvω，解得vω＝gtanα，C選項錯誤；小球做圓周運動的線速度與角速度的比值即是半徑，根據(jù)幾何關(guān)系可知，r＝(L＋R)sinα，D選項正確． 4、（2019·安徽省池州市高一期末） 我國2020年將首次探測火星，將完成火星探測器圍繞火星飛行、火星表面降落以及巡視探測等任務(wù)?；鹦鞘堑厍虻摹班従印保浒霃郊s為地球半徑的，質(zhì)量約為地球質(zhì)量的，設(shè)火星的衛(wèi)星A和地球衛(wèi)星B都圍繞各自的中心天體做勻速圓周運動，距離中心天體的表面距

5、離與該中心天體的半徑相等，下面說法正確的是 A．衛(wèi)星A、B加速度之比為2：5 B．衛(wèi)星A、B線速度之比為 C．衛(wèi)星角速度之比為 D．衛(wèi)星A、B周期之比為 【答案】AD 【解析】設(shè)火星質(zhì)量為M，地球質(zhì)量則為10M，火星的半徑為R，則火星衛(wèi)星A的軌道半徑，地球衛(wèi)星B的軌道半徑；根據(jù)加速度公式，可知，，所以，A正確；根據(jù)公式，可得，可知，，所以，B錯誤；由線速度之比為，可得角速度之比，選項C錯誤；周期，周期之比，選項D正確。 5、圖1為沿斜坡向上行駛的汽車，當(dāng)汽車以牽引力F向上運動時，汽車的機械能E與位移x的關(guān)系如圖2所示(AB段為曲線)，汽車與斜面間的摩擦忽略不計．下列說法正確的是(

6、　　) A．0～x1過程中，汽車所受拉力逐漸增大 B．x1～x2過程中，汽車速度可達到最大值 C．0～x3過程中，汽車的動能一直增大 D．x1～x2過程中，汽車以恒定的功率運動 【參考答案】B　根據(jù)功能關(guān)系可知，機械能E與位移x圖象的斜率表示牽引力的大小，0～x1過程中，圖象斜率恒定，則汽車所受牽引力恒定，A選項錯誤；x1～x2過程中，受牽引力越來越小，根據(jù)牛頓第二定律可知，a＝，汽車先做加速度減小的加速運動，后做加速度增大的減速運動，該過程中，速度可達到最大值，B選項正確；x2～x3過程中，汽車機械能不變，隨著位移變大，重力勢能變大，動能減小，C選項錯誤；分析圖2可知，x2時，

7、汽車牽引力為零，功率為零，故x1～x2過程中，汽車不能以恒定的功率運動，D選項錯誤． 6、如圖所示，一細線系一小球繞O點在豎直面做圓周運動，a、b分別是軌跡的最高點和最低點，c、d兩點與圓心等高，小球在a點時細線的拉力恰好為0，不計空氣阻力，則下列說法正確的是(　　) A．小球從a點運動到b點的過程中，先失重后超重 B．小球從a點運動到b點的過程中，機械能先增大后減小 C．小球從a點運動到b點的過程中，細線對小球的拉力先做正功后做負功 D．小球運動到c、d兩點時，受到的合力指向圓心 【參考答案】A　小球在a點時細線的拉力恰好為0，加速度向下，在b點時加速度向上，則從a點運動到b

8、點的過程中，加速度方向先向下后向上，小球先失重后超重，A選項正確；小球從a點運動到b點的過程中，繩子拉力不做功，只有重力做功，根據(jù)功能關(guān)系可知，機械能守恒，B、C選項錯誤；小球運動到c、d兩點時，繩子拉力指向圓心，重力豎直向下，合力不指向圓心，D選項錯誤． 7、在冰壺比賽中，某隊員利用紅壺去碰撞對方的藍壺，兩者在大本營中心發(fā)生對心碰撞如圖(a)所示，碰撞前后兩壺運動的v－t圖線如圖(b)中實線所示，其中紅壺碰撞前后的圖線平行，兩冰壺質(zhì)量相等，則(　　) A．碰后紅壺將被反彈回來 B．碰后藍壺速度為0.8 m/s C．碰后藍壺移動的距離為2.4 m D．碰后紅壺所受摩擦力小于藍壺所

9、受的摩擦力 【參考答案】B　分析圖(b)可知，時間軸上方表示速度方向為正，碰前紅壺的速度v0＝1 m/s，碰后速度為v′0＝0.2 m/s，碰后紅壺沿原方向運動，A選項錯誤；碰撞過程中，兩壺動量守恒，取初速度為正，根據(jù)動量守恒定律可知，mv0＝mv′0＋mv，解得藍壺碰后的速度v＝0.8 m/s，B選項正確；速度－時間圖象與坐標軸圍成的面積表示位移大小，碰后藍壺移動的位移大小x＝t＝2 m，C選項錯誤；速度－時間圖象的斜率表示加速度大小，碰后紅壺的加速度大于藍壺的加速度，根據(jù)牛頓第二定律可知，碰后紅壺所受摩擦力大于藍壺所受的摩擦力，D選項錯誤． 8、(多選) D是一只理想二極管(電流只能從

10、a流向b，而不能從b流向a)．平行板電容器A、B兩極板間有一電荷在P點處于靜止．以E表示兩極板間電場強度，U表示兩極板間電壓，EP表示電荷在P點電勢能．若保持極板B不動，將極板A稍向上平移則(　　) A．E變小 B．U變大 C．EP不變 D．電荷仍保持靜止 【參考答案】BCD　根據(jù)平行板電容器的決定式C＝可知，將極板A稍向上平移，板間距離d增大，電容C減小，假設(shè)電容器的電壓不變，則電容器所帶電量將要減小，電容器放電，但是由于二極管具有單向?qū)щ娦?，電荷不能流回電源，所以電容器的電量保持不變，板間場強E＝＝·，恒定不變，電場力等于重力，電荷保持靜止，A選項錯誤，D選項正確；根據(jù)U＝

11、可知，板間電壓U變大，B選項正確；P點電勢φP＝UPB＝EdPB，UPB保持不變，P點的電勢保持不變，電荷在P點電勢能EP不變，C選項正確． 9、(多選)電磁泵在生產(chǎn)、科技中得到了廣泛應(yīng)用．如圖所示，泵體是一個長方體，ab邊長為L1，兩側(cè)端面是邊長為L2的正方形；流經(jīng)泵體內(nèi)的液體密度為ρ，在泵頭通入導(dǎo)電劑后液體的電導(dǎo)率為σ(電阻率的倒數(shù))，泵體所在處有方向垂直向外的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B，把泵體的上下兩表面接在電壓為U(內(nèi)阻不計)的電源上，則(　　) A．泵體上表面應(yīng)接電源正極 B．通過泵體的電流I＝ C．增大磁感應(yīng)強度可獲得更大的抽液高度 D．增大液體的電導(dǎo)率可獲得更大的抽液

12、高度 【參考答案】ACD　當(dāng)泵體上表面接電源的正極時，電流從上向下流過泵體，液體受到水平向左的安培力作用，被抽出，A選項正確；根據(jù)電阻定律可知，泵體內(nèi)液體的電阻R＝ρ＝，根據(jù)歐姆定律可知，流過泵體的電流I＝＝UL1·σ，B選項錯誤；增大磁感應(yīng)強度B，受到的磁場力變大，可獲得更大的抽液高度，C選項正確；若增大液體的電導(dǎo)率，電流增大，受到的磁場力增大，使抽液高度增大，D選項正確． 10、（2019·廣州大學(xué)附屬中學(xué)高二期末） 如圖所示，在垂直于勻強磁場的平面內(nèi)，半徑為的金屬圓環(huán)的總電阻為，金屬桿電阻為，長為，繞過圓心的轉(zhuǎn)軸以恒定的角速度逆時針轉(zhuǎn)動，端與環(huán)接觸良好，圓心和邊緣通過電刷與一個電阻

13、連接，電阻的阻值為，忽略電流表和導(dǎo)線的電阻，則 A．通過電阻的電流的大小和方向做周期性變化 B．通過電阻的電流方向不變，且從到 C．通過電阻的電流的最大值為 D．通過電阻的電流的最小值為 【答案】BC 【解析】AB、金屬桿切割磁感線，根據(jù)右手定則可知金屬桿中電流由到，且方向不變，故電阻中電流方向由到，故選項A錯誤，B正確；C、端的線速度為，金屬桿切割磁感線的平均速度為，金屬桿轉(zhuǎn)動切割磁感線產(chǎn)生的電動勢為，由于各個量不變，則不變，當(dāng)位于最上端時圓環(huán)被接入的電阻為0，整個電路的總電阻最小，此時中有最大電流，為，故選項C正確；D.當(dāng)端位于最下端時，圓環(huán)左右兩部分電阻相等，并聯(lián)的總電阻

14、最大，中的電流最小，此時中有最小電流，為，故選項D錯誤。 11、(多選)如圖甲所示，理想變壓器的原、副線圈共接有四個規(guī)格完全相同的小燈泡，在原線圈所在電路的A、B端輸入的交流電的電壓如圖乙所示，四個燈泡均正常發(fā)光．下列說法正確的是(　　) A．原、副線圈的匝數(shù)比4：1 B．燈泡的額定電壓為55 V C．原線圈兩端的電壓為220 V D．若副線圈再并聯(lián)一規(guī)格相同的燈泡，燈泡L1有可能被燒壞 【參考答案】BD　四個燈泡均正常發(fā)光，說明流過燈泡的電流相等，分析副線圈電路可知，三個燈泡并聯(lián)，則流過副線圈的電流是原線圈的3倍，根據(jù)理想變壓器電流和匝數(shù)的關(guān)系可知，原、副線圈的匝數(shù)之比為3

15、：1，A選項錯誤；根據(jù)理想變壓器電壓和匝數(shù)的關(guān)系可知，原線圈電壓為3U，燈泡L1的電壓也為U，則電源的電壓為4U＝220 V，副線圈電壓U＝55 V，原線圈電壓3U＝175 V，C選項錯誤，B選項正確；若副線圈再并聯(lián)一規(guī)格相同的燈泡，則流過副線圈的電流增大，流過原線圈的電流增大，燈泡L1有可能被燒壞，D選項正確． 12、下列有關(guān)四幅圖的說法中，正確的是(　　) A．α粒子散射實驗證實了湯姆遜原子棗糕模型的正確性 B．在光顏色保持不變的情況下，入射光越強，飽和光電流越大 C．放射線甲由α粒子組成，每個粒子帶兩個單位正電荷 D．該鏈式反應(yīng)屬于原子核的聚變反應(yīng) 【參考答案】B　α粒

16、子散射實驗推翻了湯姆遜原子棗糕模型，證實了原子核式結(jié)構(gòu)模型，A選項錯誤；光顏色保持不變，即頻率不變，入射光越強，單位時間內(nèi)光子數(shù)越多，光電子數(shù)目越多，飽和電流越大，B選項正確；根據(jù)左手定則知，甲帶負電，為β粒子，C選項錯誤；該鏈式反應(yīng)屬于原子核的裂變反應(yīng)，D選項錯誤． 13、（2019·新課標全國Ⅱ卷） 太陽內(nèi)部核反應(yīng)的主要模式之一是質(zhì)子—質(zhì)子循環(huán)，循環(huán)的結(jié)果可表示為，已知和的質(zhì)量分別為和，1u=931MeV/c2，c為光速。在4個轉(zhuǎn)變成1個的過程中，釋放的能量約為 A．8 MeV B．16 MeV C．26 MeV D．52 MeV 【答案】C 【解析】由知，=，忽略電子質(zhì)量，則：，故C選項符合題意。 8