2020版高考物理二輪復(fù)習(xí) 48分小題精準(zhǔn)練8（含解析）

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1、48分小題精準(zhǔn)練(八) (建議用時：20分鐘) (1～5小題為單選題，6～8小題為多選題) 1.(2019·廣東六校第二次聯(lián)考)如圖所示，摩天輪是游樂場的一種大型轉(zhuǎn)輪狀設(shè)施，摩天輪邊緣懸掛透明座艙，乘客隨座艙在豎直面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，下列敘述正確的是(　　) A．摩天輪轉(zhuǎn)動過程中，乘客的機(jī)械能保持不變 B．摩天輪轉(zhuǎn)動一周的過程中，乘客所受合外力的沖量為零 C．在最低點(diǎn)，乘客處于失重狀態(tài) D．摩天輪轉(zhuǎn)動過程中，乘客所受的重力的瞬時功率保持不變 B　[乘客隨座艙在豎直面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，乘客的動能保持不變，機(jī)械能變化，選項(xiàng)A錯誤；摩天輪轉(zhuǎn)動一周的過程中，乘客動量的變化量為零，根

2、據(jù)動量定理可知，乘客所受合外力的沖量為零，選項(xiàng)B正確；在最低點(diǎn)，乘客的加速度豎直向上，處于超重狀態(tài)，選項(xiàng)C錯誤；摩天輪轉(zhuǎn)動過程中，乘客速度的方向時刻在變化，根據(jù)瞬時功率的定義可知，乘客所受的重力的瞬時功率時刻在變化，選項(xiàng)D錯誤。] 2.汽車甲和乙在同一公路上做直線運(yùn)動，如圖是它們運(yùn)動過程中的v-t圖象，二者在t1和t2時刻的速度分別為v1和v2，則在t1到t2時間內(nèi)(　　) A．t1時刻甲的加速度小于乙的加速度 B．乙運(yùn)動的加速度不斷增大 C．甲與乙間距離越來越大 D．乙的平均速度等于 A　[v-t圖象的斜率表示加速度，所以t1時刻甲的加速度小于乙的加速度，乙的斜率越來越小，所

3、以加速度越來越小，A正確，B錯誤；由于不知道t＝0時刻甲、乙兩車的位置關(guān)系，則無法判斷兩者間的距離如何變化，C錯誤；甲做勻減速直線運(yùn)動，在t1和t2時間內(nèi)，甲的平均速度為，由于乙的位移小于甲的位移，故乙的平均速度＜，D錯誤。] 3.(2019·山西四地六校聯(lián)考)如圖所示，光滑的圓環(huán)固定在豎直平面內(nèi)，圓心為O，三個完全相同的小圓環(huán)a、b、c穿在大環(huán)上，小環(huán)c上穿過一根輕質(zhì)細(xì)繩，繩子的兩端分別固定著小環(huán)a、b，通過不斷調(diào)整三個小環(huán)的位置，最終三小環(huán)恰好處于平衡位置，平衡時a、b之間的距離等于繩子長度的一半。已知小環(huán)的質(zhì)量為m，重力加速度為g，輕繩與c的摩擦不計。則(　　) A．a(chǎn)與大環(huán)間的

4、彈力大小為 mg B．繩子的拉力大小為 mg C．c受到繩子的拉力大小為3mg D．c與大環(huán)間的彈力大小為3mg C　[三個小圓環(huán)能靜止在光滑的圓環(huán)上，由幾何知識知：abc恰好能組成一個等邊三角形，對a受力分析如圖所示： 在水平方向上：Tsin 30°＝Nsin 60° 在豎直方向上：Tcos 30°＝mg＋Ncos 60° 解得：N＝mg，T＝mg，故A、B錯； c受到繩子拉力的大小為： T′＝2Tcos 30°＝3mg，故C正確； 以c為對象，受力分析得： 在豎直方向上：N1＝mg＋2Tcos 30° 解得：N1＝mg＋2mg×＝4mg，故D錯誤； 綜上所

5、述，本題答案是C。] 4.如圖所示，A、B兩小球靜止在光滑水平面上，用輕彈簧相連接，A球的質(zhì)量小于B球的質(zhì)量。若用錘子敲擊A球，使A得到v的速度，彈簧壓縮到最短時的長度為L1；若用錘子敲擊B球，使B得到v的速度，彈簧壓縮到最短時的長度為L2，則L1與L2的大小關(guān)系為(　　) A．L1>L2 B．L1＝L2 C．L1

6、彈性勢能最大為ΔEp＝mBv2－(mA＋mB)v″2＝，即兩種情況下彈簧壓縮到最短時，彈性勢能相等，故L1＝L2，B正確。] 5．(2019·江西五校協(xié)作體聯(lián)考)雙星系統(tǒng)由兩顆相距較近的恒星組成，每顆恒星的半徑都遠(yuǎn)小于兩顆星球之間的距離，而且雙星系統(tǒng)一般遠(yuǎn)離其他天體。如圖所示，相距為L的M、N兩恒星繞共同的圓心O做圓周運(yùn)動，M、N的質(zhì)量分別為m1、m2，周期均為T。若另有間距也為L的雙星P、Q，P、Q的質(zhì)量分別為2m1、2m2，則(　　) A．P、Q運(yùn)動的軌道半徑之比為m1∶m2 B．P、Q運(yùn)動的角速度之比為m2∶m1 C．P、Q運(yùn)動的周期均為T D．P與M的運(yùn)動速率相等

7、6．圖甲是工廠靜電除塵裝置的示意圖，煙氣從管口M進(jìn)入，從管口N排出，當(dāng)A、B兩端接直流高壓電源后，在電場作用下管道內(nèi)的空氣分子被電離為電子和正離子，而粉塵在吸附了電子后最終附著在金屬管壁上，從而達(dá)到減少排放煙氣中粉塵的目的，圖乙是金屬絲與金屬管壁通電后形成的電場示意圖。下列說法正確的是(　　) A．金屬絲與管壁間的電場為勻強(qiáng)電場 B．粉塵在吸附了電子后動能會增加 C．粉塵在吸附了電子后電勢能會減少 D．粉塵在吸附了電子后電勢能會增加 BC　[由圖乙可知金屬絲與管壁間的電場是非勻強(qiáng)電場，選項(xiàng)A錯誤；粉塵在吸附了電子后會加速向帶正電的金屬管壁運(yùn)動，因此動能會增加，選項(xiàng)B正確；此時電場

8、力對吸附了電子后的粉塵做正功，因此粉塵在吸附了電子后電勢能會減少，選項(xiàng)C正確，選項(xiàng)D錯誤。] 7.如圖所示，面積為S、匝數(shù)為N的矩形線框在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，繞垂直于磁感線的軸OO′勻速轉(zhuǎn)動，通過滑環(huán)向理想變壓器供電，燈泡L1、L2均正常發(fā)光，理想電流表的示數(shù)為I。已知L1、L2的額定功率均為P，額定電流均為I，線框及導(dǎo)線電阻不計，則(　　) A．圖示位置時穿過線框的磁通量變化率最大 B．線框轉(zhuǎn)動的角速度為 C．理想變壓器原副線圈的匝數(shù)比為1∶2 D．若燈L1燒斷，電流表示數(shù)將增大 AB　[線圈平面與磁場平行時，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢最大，磁通量變化率最大，故A選項(xiàng)正確；理想

9、變壓器輸入功率等于輸出功率，由于兩個燈泡都正常發(fā)光，則可知矩形線框產(chǎn)生的功率為2P，則有2P＝EmI＝NBSωI，可得ω＝，故B選項(xiàng)正確；由于原線圈的電流為I，副線圈中兩燈泡并聯(lián)則總電流為2I，可知n1∶n2＝2∶1，故C選項(xiàng)錯誤；若L1燒斷，則副線圈電流減小，原線圈的電流也相應(yīng)減小，故D選項(xiàng)錯誤。] 8．(2019·南充市高三一模)已知一足夠長的傳送帶與水平面的傾角為θ，以一定的速度勻速運(yùn)動，某時刻在傳送帶適當(dāng)?shù)奈恢梅派暇哂幸欢ǔ跛俣鹊奈飰K(如圖a所示)，以此時為t＝0時刻記錄了小物塊之后在傳送帶上運(yùn)動的速度隨時間的變化關(guān)系，如圖b所示(圖中取沿傳送帶上表面所在斜面向上的方向?yàn)檎较?，其?/p>

10、兩縱坐標(biāo)大小|v1|>v2)，下列判斷正確的是(　　) A．t1～t2時間內(nèi)，物塊對傳送帶一直做正功 B．物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ>tan θ C．系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量一定比物塊動能的減少量大 D．0～t2時間內(nèi)，傳送帶對物塊做的功為mv－mv BC　[由圖b知，物塊先向下運(yùn)動后向上運(yùn)動，則傳送帶的運(yùn)動方向應(yīng)向上。0～t1時間內(nèi)，物塊對傳送帶的摩擦力方向沿傳送帶向下，則物塊對傳送帶做負(fù)功。t1～t2時間內(nèi)，物塊相對傳送帶向下運(yùn)動，因此，物塊對傳送帶的摩擦力方向沿傳送帶向下，物塊對傳送帶做負(fù)功，選項(xiàng)A錯誤；由于t1～t2時間內(nèi)，物塊向上運(yùn)動，但相對傳送帶向下運(yùn)動，因此傳送帶對物塊的滑動摩擦力沿傳送帶向上，且有Ff＝μmgcos θ>mgsin θ，解得μ>tan θ，選項(xiàng)B正確；0～t2時間內(nèi)，物塊相對傳送帶有運(yùn)動，物塊的重力勢能減小、動能也減小，都轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)的內(nèi)能，則由能量守恒知，系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量一定大于物塊動能的減少量，選項(xiàng)C正確；0～t2時間內(nèi)，由v-t圖象與坐標(biāo)軸所圍圖形的面積表示位移可知，物塊的總位移向下，高度下降，重力對物塊做正功，設(shè)為WG，根據(jù)動能定理有W＋WG＝mv－mv，則傳送帶對物塊做的功W≠mv－mv，選項(xiàng)D錯誤。] - 6 -