2020屆高考物理一輪復(fù)習(xí) 選擇題穩(wěn)優(yōu)提優(yōu)優(yōu)練三 新人教版

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1、 選擇題穩(wěn)優(yōu)提優(yōu)優(yōu)練(三) 1、(多選)三個質(zhì)點a、b、c的速度-時間圖象如圖所示,則下列說法中不正確的是(  ) A.在t0時刻,a、b的瞬時加速度相等 B.在0~t0時間內(nèi),a做加速度減小的加速運動 C.在0~t0時間內(nèi),c的運動方向沒有發(fā)生改變 D.在0~t0時間內(nèi),a、b、c的平均速度大小相等 【參考答案】ABD 速度—時間圖象的斜率表示加速度,在t0時刻,質(zhì)點a的瞬時加速度大于質(zhì)點b的瞬時加速度,A選項錯誤;在0~t0時間內(nèi),a圖象的斜率逐漸增大,質(zhì)點a做加速度增大的加速運動,B選項錯誤;在0~t0時間內(nèi),質(zhì)點c的運動方向沒有發(fā)生改變,均為正方向,C選項正確;速度—

2、時間圖象圍成的面積表示位移,根據(jù)平均速度的定義可知,在0~t0時間內(nèi),a、b、c的平均速度不相等,D選項錯誤. 2、(山東省淄博市2019屆高三三??荚?yán)砭C物理試卷) 如圖所示,某賓館大樓中的電梯下方固定有4根相同的豎直彈簧,其勁度系數(shù)均為k。這是為了防止電梯在空中因纜繩斷裂而造成生命危險。若纜繩斷裂后,總質(zhì)量為m的電梯下墜,4根彈簧同時著地而開始緩沖,電梯墜到最低點時加速度大小為5g(g為重力加速度大小),下列說法正確的是 A.電梯墜到最低點時,每根彈簧的壓縮長度為 B.電梯墜到最低點時,每根彈簧的壓縮長度為 C.從彈簧著地開始至電梯下落到最低點的過程中,電梯先處于失重狀態(tài)后處

3、于超重狀態(tài) D.從彈簧著地開始至電梯下落到最低點的過程中,電梯始終處于失重狀態(tài) 【答案】C 【解析】在最低點時,由牛頓第二定律:,其中a=5g,解得,選項AB錯誤;從彈簧著地開始至電梯下落到最低點的過程中,重力先大于彈力,電梯向下先加速運動,當(dāng)重力小于彈力時,電梯的加速度向上,電梯向下做減速運動,則電梯先處于失重狀態(tài)后處于超重狀態(tài),選項C正確,D錯誤。 3、如圖,小球甲從A點水平拋出,同時將小球乙從B點自由釋放,兩小球先后經(jīng)過C點時速度大小相等,方向夾角為30°,已知B、C高度差為h,兩小球質(zhì)量相等,不計空氣阻力,由以上條件可知(  ) A.小球甲做平拋運動的初速度大小為2 B

4、.甲、乙兩小球到達(dá)C點所用時間之比為1: C.A、B兩點高度差為 D.兩小球在C點時重力的瞬時功率大小相等 【參考答案】C 小球乙運動到C點的速度為vC=,小球甲做平拋運動,初速度v0=vsin30°=,A選項錯誤;小球甲運動到C點的豎直速度vy=vcos30°=,運動時間t甲==·,小球乙運動到C點的時間t乙=,之比為2,B選項錯誤;小球甲下落高度h甲==h,則A、B兩點的高度差為,C選項正確;兩小球在C點的豎直分速度不等,故重力的瞬時速率不等,D選項錯誤. 4、(2019·重慶市南岸區(qū)高一期末) 同步衛(wèi)星離地心的距離為r,運行速度為,加速度,地球赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)的向心加

5、速度第一宇宙速度為,地球的半徑為R,則 A. B. C. D. 【答案】AC 【解析】因為同步衛(wèi)星的周期等于地球自轉(zhuǎn)的周期,所以角速度相等,根據(jù)得,,故A正確,B錯誤;根據(jù)萬有引力提供向心力,解得,則故C正確,D錯誤。 5、(多選)質(zhì)量為2 kg的物體,放在動摩擦因數(shù)為μ=0.1的水平面上,在水平拉力F的作用下,由靜止開始運動,拉力做的功W和物體發(fā)生的位移s之間的關(guān)系如圖所示,重力加速度g取10 m/s2,在物體位移為9 m的過程中,下列說法正確的是(  ) A.物體先做勻加速運動,然后做勻減速運動 B.拉力F的平均功率為6.75 W C.拉力F的最大瞬時功率為15 W D

6、.摩擦力做功為18 J 【參考答案】BC 根據(jù)做功公式可知,W-s圖象的斜率表示拉力的大小,0~3 m內(nèi),拉力F1=5 N,3~9 m內(nèi),拉力F2=2 N,摩擦力的大小f=μmg=2 N,根據(jù)牛頓第二定律可知,物塊先做勻加速運動后做勻速運動,A選項錯誤;分析圖象可知,0~9 m內(nèi),拉力做功為27 J,勻加速運動的加速度a==1.5 m/s2,勻加速運動的時間t1==2 s,勻加速運動的末速度v=at1=3 m/s,勻速運動的時間t2==2 s,拉力的平均功率==6.75 W,B選項正確;拉力的最大瞬時功率P=F1v=5×3 W=15 W,C選項正確;摩擦力做功Wf=-fs=-18 J,D選項

7、錯誤. 6、如圖所示,光滑的小球A和B通過輕桿相連,靠在豎直墻和水平地面上,從圖示位置由靜止釋放,則(  ) A.輕桿對小球A不做功 B.輕桿對小球B不做功 C.輕桿對小球A先做正功后做負(fù)功 D.輕桿對小球B先做正功后做負(fù)功 【參考答案】D 兩球下滑的過程中,系統(tǒng)機械能守恒,小球A的重力勢能的減少量等于小球A、B動能的增加量,根據(jù)投影定理可知,將小球A、B的速度分解成沿著桿與垂直于桿方向,如圖所示: vAcosα=vBcosβ,α+β=90°.根據(jù)功能關(guān)系可知,當(dāng)α達(dá)到45°前,桿對小球B做正功,做功等于B的動能增量,桿對小球A做負(fù)功,當(dāng)α達(dá)到45°后,B的速度將減小,輕

8、桿做負(fù)功;桿對A做正功,由以上分析可知,桿對小球A先做負(fù)功再做正功,桿對小球B先做正功再做負(fù)功,D選項正確. 7、如圖所示,輕彈簧的一端固定在豎直墻上,一質(zhì)量為m的光滑弧形槽靜止放在光滑水平面上,弧形槽底端與水平面相切,一質(zhì)量也為m的小物塊從槽上高h(yuǎn)處開始下滑,下列說法正確的是(  ) A.在下滑過程中,物塊和槽組成的系統(tǒng)機械能守恒 B.在下滑過程中,物塊和槽組成的系統(tǒng)動量守恒 C.在壓縮彈簧的過程中,物塊和彈簧組成的系統(tǒng)動量守恒 D.被彈簧反彈后,物塊能回到槽上高h(yuǎn)處 【參考答案】A 在下滑過程中,物塊和槽組成的系統(tǒng),只有重力做功,機械能守恒,A選項正確;系統(tǒng)動量守恒的條件是

9、合外力為零,在下滑的過程中,系統(tǒng)豎直方向上受到重力作用,合外力不為零,系統(tǒng)的動量不守恒,B選項錯誤;在壓縮彈簧的過程中,對于物塊和彈簧組成的系統(tǒng)受到墻壁向左的彈力,系統(tǒng)的合外力不為零,動量不守恒,C選項錯誤;物塊與槽在水平方向上動量守恒,故兩者分離時,物塊與槽的速度大小相等,方向相反,物塊被彈簧反彈后,與槽的速度相同,做勻速直線運動,不會再滑上弧形槽,D選項錯誤. 8、如圖所示,H(核內(nèi)有一個質(zhì)子,沒有中子),H(核內(nèi)有一個質(zhì)子,一個中子),H(核內(nèi)有一個質(zhì)子,兩個中子)和He(核內(nèi)有兩個質(zhì)子,兩個中子)四種原子核的混合粒子沿平行板電容器兩板中線O O′射入板間的勻強電場中,射出后都打在與O

10、 O′垂直的固定熒光屏上,使熒光屏上出現(xiàn)亮點.下列說法正確的是(  ) A.若它們射入電場時的速度相等,在熒光屏上將出現(xiàn)4個亮點 B.若它們射入電場時的動能相等,在熒光屏上將出現(xiàn)4個亮點 C.若它們射入電場時的質(zhì)量與速度之積相等,在熒光屏上將出現(xiàn)4個亮點 D.若它們都是從靜止開始由同一加速電場加速后再射入此偏轉(zhuǎn)電場的,則在熒光屏上將出現(xiàn)4個亮點 【參考答案】C 粒子在勻強電場中做類平拋運動,水平方向上,L=vt,豎直方向上,y=at2=·t2,聯(lián)立解得偏移量y=,若它們射入電場時的速度相等,y與成正比,在熒光屏上將出現(xiàn)3個亮點,A選項錯誤;若它們射入電場時的動能相等,y與q成正比

11、,在熒光屏上將只出現(xiàn)2個亮點,B選項錯誤;若它們射入電場時的質(zhì)量與速度之積相等,在熒光屏上將出現(xiàn)4個亮點,C選項正確;若它們是由同一個電場從靜止加速后射入此偏轉(zhuǎn)電場的,根據(jù)推論可知,y都相同,熒光屏上將只出現(xiàn)1個亮點,D選項錯誤. 9、(多選)如圖所示,平行金屬板M、N之間有豎直向下的勻強電場,虛線下方有垂直紙面的勻強磁場,質(zhì)子和α粒子分別從上板中心S點由靜止開始運動,經(jīng)電場加速后從O點垂直磁場邊界進(jìn)入勻強磁場,最后從a、b兩點射出磁場(不計重力),下列說法正確的是(  ) A.磁場方向垂直紙面向里 B.從a點離開的是α粒子 C.從b點離開的粒子在磁場中運動的速率較小 D.粒子從

12、S出發(fā)到離開磁場,由b點離開的粒子所用時間較長 【參考答案】CD 粒子帶正電,進(jìn)入磁場后向左偏轉(zhuǎn),根據(jù)左手定則可知,磁場方向垂直紙面向外,A選項錯誤;粒子在電場中做加速運動,根據(jù)動能定理可知,qU=mv2-0;粒子在磁場中做勻速圓周運動,洛倫茲力提供向心力,qvB=m,粒子在磁場中運動的軌道半徑R=·,荷質(zhì)比越大,軌道半徑越小,從a點離開的是質(zhì)子,B選項錯誤;v=,荷質(zhì)比越大,在磁場中運動的速率越大,從b點離開的α粒子在磁場中運動的速率較小,C選項正確;粒子在電場中運動的時間t1==·,在磁場中的運動時間t2=,荷質(zhì)比越大,所用時間越小,α粒子所用時間較長,D選項正確. 10、(2019·

13、廣州大學(xué)附屬中學(xué)高二期末) 如圖甲所示,固定的光滑平行導(dǎo)軌(電阻不計)與水平面夾角為θ=30°,導(dǎo)軌足夠長且間距L=0.5 m,底端接有阻值為R=4 Ω的電阻,整個裝置處于垂直于導(dǎo)體框架向上的勻強磁場中,一質(zhì)量為m=1 kg、電阻r=1 Ω、長度也為L的導(dǎo)體棒MN在沿導(dǎo)軌向上的外力F作用下由靜止開始運動,拉力F與導(dǎo)體棒速率倒數(shù)關(guān)系如圖乙所示.已知g=10 m/s2。則 A.v=5 m/s時拉力大小為12 N B.v=5 m/s時拉力的功率為70 W C.勻強磁場的磁感應(yīng)強度的大小為2 T D.當(dāng)棒的加速度a=8 m/s2時,導(dǎo)體棒受到的安培力的大小為1 N 【答案】BCD 【

14、解析】A、由圖可知時,,對應(yīng)圖象的拉力,故選項A錯誤;B、根據(jù)功率與速度的關(guān)系可得拉力的功率,故選項B正確;C、導(dǎo)體棒的最大速度,所以最大速度,此時拉力最小,根據(jù)共點力平衡條件可得安,根據(jù)安培力的計算公式可得安,代入數(shù)據(jù)得,故選項C正確;D、當(dāng)棒的加速度時,拉力設(shè)為,速度為,根據(jù)牛頓第二定律可得,而,,整理可得,解得(或舍去),所以此時的安培力為,故選項D正確。 11、(多選)如圖所示的電路中,電源電動勢為E,內(nèi)阻為r,開關(guān)S閉合后,平行板電容器中的帶電液滴P處于靜止?fàn)顟B(tài),電流表和電壓表均為理想電表,則(  ) A.帶電液滴P一定帶正電 B.R4的滑片向上端移動時,電流表示數(shù)減小,電

15、壓表示數(shù)增大 C.若僅將電容器下極板稍微向上平移,帶電液滴P將向上極板運動 D.若將開關(guān)S斷開,帶電液滴M將向下極板運動 【參考答案】BC 分析電路可知,電容器上極板與電源正極相連,極板間的電場方向豎直向下,帶電液滴P受重力和電場力作用,保持平衡,電場力方向向上,液滴帶負(fù)電,A選項錯誤;R4的滑片向上端移動時,滑動變阻器的電阻增大,總電阻增大,根據(jù)閉合電路歐姆定律可知,路端電壓增大,總電流減小,R3兩端電壓增大,流過R3的電流增大,電流表測量流過滑動變阻器的電流,讀數(shù)減小,R2兩端電壓減小,電壓表讀數(shù)增大,B選項正確;若僅將電容器下極板稍微向上平移,電容器兩端電壓不變,場強增大,液滴受到

16、的合力向上,故液滴將向上極板運動,C選項正確;若將開關(guān)S斷開,電容器兩極板電壓增大,等于電源電動勢,場強增大,合外力向上,液滴向上運動,D選項錯誤. 12、下列表述中正確的是(  ) A.湯姆遜發(fā)現(xiàn)了電子并用油滴實驗測定了元電荷的數(shù)值 B.盧瑟福用α粒子轟擊氮原子核的核反應(yīng)方程為N+He→O+H,該反應(yīng)屬于核聚變 C.分別用黃光和藍(lán)光照射金屬鉀表面均有光電子逸出,其中藍(lán)光照射時,逸出的光電子最大初動能較小 D.伽利略利用圖所示實驗研究自由落體運動,先在傾角較小的斜面上進(jìn)行實驗,其目的是使時間測量更容易 【參考答案】D 湯姆遜發(fā)現(xiàn)了電子,密立根用油滴實驗測定了元電荷的數(shù)值,A選項

17、錯誤;盧瑟福用α粒子轟擊氮原子核的核反應(yīng)方程為N+He→O+H,該反應(yīng)屬于人工核反應(yīng),B選項錯誤;分別用黃光和藍(lán)光照射金屬鉀表面均有光電子逸出,根據(jù)光電效應(yīng)方程可知,入射光頻率大的,逸出的光電子的最大初動能較大,故用藍(lán)光照射時,逸出的光電子最大初動能較大,C選項錯誤;伽利略利用圖所示實驗研究自由落體運動,先在傾角較小的斜面上進(jìn)行實驗,其目的是沖淡重力,使時間測量更容易,D選項正確. 13、(2019·新課標(biāo)全國Ⅰ卷) 氫原子能級示意圖如圖所示。光子能量在1.63 eV~3.10 eV的光為可見光。要使處于基態(tài)(n=1)的氫原子被激發(fā)后可輻射出可見光光子,最少應(yīng)給氫原子提供的能量為 A.12.09 eV B.10.20 eV C.1.89 eV D.1.5l eV 【答案】A 【解析】由題意可知,基態(tài)(n=1)氫原子被激發(fā)后,至少被激發(fā)到n=3能級后,躍遷才可能產(chǎn)生能量在1.63eV~3.10eV的可見光。故。故本題選A。 9

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