（天津專用）2020高考物理二輪復習 選擇題專項訓練（二）（含解析）

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1、選擇題專項訓練(二) (時間:25分鐘　分值:31分) 一、單項選擇題(共5小題,每小題3分,共15分。每小題給出的四個選項中,只有一個選項是正確的) 1.領悟并掌握處理問題的思想與方法是學習物理的重要途徑,下圖所示是我們學習過的幾個實驗,其中研究物理問題的思想與方法相同的是(　　) A.①② B.②③ C.②④ D.①④ 答案:D 解析:①采用微小變量放大法,設一個螺距為0.5mm,當旋轉一周時,前進或后退一個螺距,這樣把0.5mm的長度放大到旋轉一周上。②采用的等效替代法,即兩次拉橡皮筋時使橡皮筋的形變相同。③研究三個變量之間的關系時,先假定其中一個量不變,研究另外兩個

2、量之間的關系,這種方法稱為控制變量法。④用力向下壓,使桌面產生微小形變,使平面鏡M逆時針方向微小旋轉,若使法線轉過θ角,則M反射的光線旋轉的角度為2θ,N反射的光線就旋轉了4θ,那么投射到平面鏡上的光斑走過的距離就更大,故該實驗觀察測量結果采用的是微小變量放大法。因此研究物理問題的思想與方法相同的是①④,故選項D正確。 2.如圖所示,a、b、c、d四個圖是不同的單色光形成的雙縫干涉或單縫衍射圖樣。分析各圖樣的特點可以得出的正確結論是(　　) A.a、c是光的干涉圖樣 B.c、d是光的干涉圖樣 C.形成a圖樣的光的波長比形成b圖樣的光的波長短 D.形成c圖樣的光的波長比形成d圖樣的

3、光的波長長 答案:D 解析:干涉條紋是等間距的條紋,a、b圖是干涉圖樣,c、d圖是衍射圖樣,故A項錯誤,B項錯誤;由公式Δx=ldλ可知,條紋間距大的入射光的波長長,所以a圖樣的光的波長比b圖樣的光的波長長,故C項錯誤;同理,c圖樣的光的波長比d圖樣的光的波長長,故D項正確。 3.如圖所示,地球繞太陽的運動與月亮繞地球的運動可簡化成同一平面內的勻速圓周運動,農歷初一前后太陽與月亮對地球的合力約為F1,農歷十五前后太陽與月亮對地球的合力約為F2,則農歷初八前后太陽與月亮對地球的合力約為(　　) A.F1+F2 B.F12+F222 C.F1F2F1+F2 D.F12-F222 答

4、案:B 解析:設太陽對地球的引力大小為F,月亮對地球的引力大小為F',由題圖可知,在農歷初一,對地球受力分析有F1=F+F',在農歷十五,對地球受力分析有F2=F-F',聯(lián)立解得F=F1+F22,F'=F1-F22;由題圖可知,在農歷初八,對地球受力分析有F合=F2+F'2=F12+F222,故選B。 4.空間存在兩點電荷產生的靜電場,在xOy橫軸上沿x軸正方向電場強度E隨x變化的關系如圖所示,圖線關于坐標原點對稱,虛線為兩條漸近線,M、N是兩條漸近線到原點O的中點,且|PO|=3|MO|。取無窮遠處電勢為零,下列說法不正確的是(　　) A.M、N兩點的電勢相等 B.P點電勢高于M

5、點電勢 C.M、O兩點電場強度大小之比為20∶9 D.單位正電荷從O點移到N點過程中,靜電力做功為W,則N點電勢數(shù)值為-W 答案:A 解析:由題圖可知MN之間的電場線方向沿x軸正方向,故左邊的電荷為正電荷,右邊為等量的負電荷,故M點電勢比N點電勢高,P點電勢高于M點電勢,故A錯誤,B正確;設MO的距離為r,正、負電荷的電荷量大小為Q,M點電場強度大小為EM=kQr2+kQ(3r)2=10kQ9r2,O點電場強度大小為EO=kQ(2r)2+kQ(2r)2=kQ2r2,M、O兩點電場強度大小之比為EM∶EO=10kQ9r2∶kQ2r2=20∶9,故C正確;沿電場線方向電勢降低,O點電勢為零

6、,所以單位正電荷從O點移到N點過程中,靜電力做功為W,則N點電勢數(shù)值為-W,故D正確。 5.某位同學在電梯中用彈簧測力計測量一物體的重力,在0至t3時間段內,彈簧測力計的示數(shù)F隨時間t變化如圖所示,以豎直向上為正方向,則下列關于物體運動的a-t圖像、v-t圖像及P-t圖像(P為物體重力的功率大小)可能正確的是(　　) 答案:C 解析:由于該題沒有告訴彈簧的拉力與重力大小之間的關系,可以依題意,分三種情況討論: (1)若F1=mg,則0~t1時間內電梯靜止或做勻速直線運動,即速度等于0或速度保持不變,加速度等于0。四個圖線都不可能。 (2)若F2=mg,則F1

7、時間內電梯受到的合外力的方向向下,加速度的方向向下,為負值,所以D是不可能的;加速度的方向向下,則物體0~t1時間內可能向下做加速運動,速度為負,故A、B是不可能的;而t1~t2時間內受到的合外力等于0,物體做勻速直線運動,物體的速度不變,故B是不可能的;又由P=mgv可知t1~t2時間內重力的功率不變,故C是不可能的。 (3)若F3=mg,則F1

8、所示。 速度的方向向下,重力的方向也向下,由P=mgv可知,圖C是重力的功率隨時間變化的圖線,故C是可能的。由以上的分析,可知只有C選項是可能的,A、B、D都是不可能的。 二、不定項選擇題(共4小題,每小題4分,共16分。每小題給出的四個選項中,都有多個選項是正確的。全部選對的得4分,選對但不全的得2分,選錯或不答的得0分) 6.已知钚的一種同位素?94239Pu的半衰期為24 100年,其衰變方程為?94239Pu→X+24He+γ,則下列說法正確的是(　　) A.衰變發(fā)出的γ射線是頻率很大的電磁波,穿透能力很強 B.X原子核中含有143個中子 C.8個?94239Pu經過2

9、4 100年后一定還剩余4個 D.衰變過程的總質量不變 答案:AB 解析:衰變發(fā)出的γ射線是頻率很大的電磁波,具有很強的穿透能力,不帶電,故A正確。根據(jù)電荷數(shù)守恒和質量數(shù)守恒得,X的電荷數(shù)為92,質量數(shù)為235,質子數(shù)為92,則中子數(shù)為235-92=143,故B正確。半衰期是對大量原子核發(fā)生衰變的統(tǒng)計規(guī)律,對少量的原子核不適用,故C錯誤。在衰變的過程中,根據(jù)質能方程知,有能量放出,有質量虧損,故D錯誤。 7.如圖所示,真空中固定兩個等量異種點電荷A、B,其連線中點為O。在A、B所形成的電場中,以O點為圓心、半徑為R的圓面垂直于AB,以O為幾何中心、邊長為2R的正方形abcd平面垂直圓面

10、且與AB共面,兩平面邊線交點分別為e、f,g為圓上一點。下列說法正確的是(　　) A.a、b、c、d、e、f六點中,不存在電場強度和電勢均相同的兩點 B.將一電荷由e點沿圓弧egf移到f點,靜電力始終不做功 C.將一電荷由a點移到圓面內任意一點時,電勢能的變化量相同 D.沿線段eOf移動的電荷受到的靜電力先減小后增大 答案:BC 解析:題圖中圓面是一個等勢面,e、f的電勢相等,根據(jù)電場線分布的對稱性可知e、f的電場強度相同,故A錯誤。題圖中圓弧egf在同一等勢面上,其上任意兩點的電勢差都為零,根據(jù)公式W=qU可知:將一正電荷由e點沿圓弧egf移到f點靜電力不做功,故B正確。a點

11、與圓面內任意一點的電勢差相等,根據(jù)公式W=qU可知:將一電荷由a點移到圓面內任意一點時,靜電力做功相同,則電勢能的變化量相同,故C正確。沿線段eOf移動電荷,電場強度先增大后減小,則電荷受到的靜電力先增大后減小,故D錯誤。 8.如圖所示,物塊A、B、C、D的質量都是m,并都可看作質點,四個物塊用細線通過輕質滑輪連接;物塊B與C、C與D、D與地面的距離都是l;現(xiàn)將物塊A下方的細線剪斷,若物塊A距離滑輪足夠遠且不計一切阻力,則(　　) A.A上升的最大速度是5gl3 B.A上升的最大速度是17gl6 C.A上升的最大高度是53l12 D.A上升的最大高度是23l6 答案:AD 解

12、析:由牛頓第二定律得D落地前,對ABCD系統(tǒng)3mg-mg=4ma1,解得a1=12g,D落地后C落地前,對ABC系統(tǒng)2mg-mg=3ma2,解得a2=13g,D落地前運動時間t1=2La1=2Lg,D落地時的速度v1=a1t1=gL,從D落地到C落地過程v22-v12=2a2L,解得v2=5gL3,C落地后A向上做勻速直線運動,B落地后A向上做豎直上拋運動,由此可知,C落地時A的速度最大為5gL3,故A正確,B錯誤;B落地后A向上做豎直上拋運動,上拋的高度h=v222g=56L,A上升的最大高度H=3L+h=236L,故C錯誤,D正確。 9.如圖所示,在直角三角形ABC內存在垂直于紙面向外的

13、勻強磁場(圖中未畫出),AB邊長度為d,∠C=π6,現(xiàn)垂直AB邊射入一群質量均為m、電荷量均為q、速度相同的帶正電粒子(不計重力)。已知垂直AC邊射出的粒子在磁場中運動的時間為t0,在磁場中運動時間最長的粒子經歷的時間為53t0。則下列判斷正確的是(　　) A.粒子在磁場中做勻速圓周運動的周期為4t0 B.該勻強磁場的磁感應強度大小為πm2qt0 C.粒子在磁場中運動的軌道半徑為237d D.粒子進入磁場時的速度大小為23πd7t0 答案:ABC 解析:帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動,垂直AC邊射出的粒子在磁場中運動的時間是14T,即14T=t0,則得周期T=4t0,故A正確;由T=2πmqB得,B=2πmqT=πm2qt0,故B正確;設運動時間最長的粒子在磁場中的運動軌跡所對的圓心角為θ,則有θ2πT=5t03,得θ=5π6,畫出該粒子的運動軌跡如圖所示,設軌道半徑為R,由幾何知識得Rcos30°+Rcos30°=d,可得R=237d,故C正確;根據(jù)5t03=θRv,解得v=3πd7t0,故D錯誤。 - 6 -